BZOJ3144: [Hnoi2013]切糕
来源:互联网 发布:mindmanager mac 免费 编辑:程序博客网 时间:2024/04/26 04:42
题目链接
【题目大意】
给定三维矩阵,每一纵轴上取一点,且相邻两纵轴上取得点层数之差不大于D。
刚开始也无从下手,我也是看了别人的题解才略懂一二:http://blog.csdn.net/zarxdy34/article/details/45272055
接下来说一些我自己的理解。
【分析】
若这题没有D的限制,那就是每个纵轴上取一个最小值求和。。
加入限制条件后,就需要用最小割的思想来构建出这种相互制约的模型。
如何构建呢?
建一个R+1层的,每层都是P*Q的图,从源出发向第一层连边,从第R+1层上每个点出发向汇连边,流量均为INF,点(i,j,k)–>点(i,j,k+1)之间连边,流量为a[i][j][k]。
立体的图长得丑。。以P=1,Q=2,R=4,D=2为例。
得到的图即为:
其中绿色边流量为INF。
建图的精髓即为中间交错的几条“限制”边。现在只看其中一半:
若割去蓝色边,再在相邻的链中割掉红色边,则由S–>T还有一条黄色的路径可达,显然不符合最小割。同理,若割掉红色边,则无法割蓝色边。这只限制了一半,完整的图则可完全限制,反过来即可,很好理解。
最小割即是答案。
吐槽:PQR,QPR,RQP……光是这就把人怼死了。。自己又因为算错边数,边集数组开小贡献一次WA!!?
【代码】
#include <cstdio>#include <iostream>#include <queue>#include <vector>#include <algorithm>#include <cstring>#include <cmath>#include <stack>#define N 64045#define M 646405#define INF 1000000000using namespace std;typedef long long ll;typedef pair<ll,ll> pa;int read(){ int x=0,f=1;char ch=getchar(); while(!isdigit(ch)){if(ch=='-') f=-1;ch=getchar();} while(isdigit(ch)){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();} return x*f;}int P,Q,R,D,cnt=1,S,T,num,ans;int b[M],p[N],nextedge[M],w[M],cur[N];int Level[N],a[45][45][45],id[45][45][45];int dx[]={0,0,1,-1};int dy[]={1,-1,0,0};void Add(int x,int y,int z){ cnt++; b[cnt]=y; nextedge[cnt]=p[x]; p[x]=cnt; w[cnt]=z;}void Anode(int x,int y,int z){ Add(x,y,z);Add(y,x,0);}void Input_Init(){ P=read();Q=read(),R=read(); D=read();T=P*Q*(R+1)+1; for(int i=1;i<=R+1;i++) for(int j=1;j<=P;j++) for(int k=1;k<=Q;k++) id[i][j][k]=++num; for(int i=1;i<=R;i++) for(int j=1;j<=P;j++) for(int k=1;k<=Q;k++) Anode(id[i][j][k],id[i+1][j][k],read()); for(int i=1;i<=P;i++) for(int j=1;j<=Q;j++) Anode(0,id[1][i][j],INF),Anode(id[R+1][i][j],T,INF); for(int i=D+1;i<=R+1;i++) for(int j=1;j<=P;j++) for(int k=1;k<=Q;k++) { for(int l=0;l<4;l++) { static int xx,yy; xx=j+dx[l],yy=k+dy[l]; if(xx<1||yy<1||xx>P||yy>Q) continue; Anode(id[i][j][k],id[i-D][xx][yy],INF); } }}bool Bfs(){ queue<int>q; q.push(S); for(int i=0;i<=T;i++) Level[i]=0; Level[S]=1; while(!q.empty()) { int k=q.front();q.pop(); for(int i=p[k];i;i=nextedge[i]) { int v=b[i],f=w[i]; if(!Level[v]&&f) { Level[v]=Level[k]+1; q.push(v); } } } return Level[T];}int Dfs(int x,int maxf){ if(x==T||!maxf) return maxf; int rtn=0; for(int i=cur[x];i&&maxf>rtn;i=nextedge[i]) { int v=b[i],f=w[i]; if(Level[v]==Level[x]+1&&f) { f=Dfs(v,min(maxf-rtn,f)); w[i]-=f;w[i^1]+=f; if(w[i]>0) cur[x]=i; rtn+=f; } } if(!rtn) Level[x]=0; return rtn;}void Dinic(){ while(Bfs()) { for(int i=0;i<=T;i++) cur[i]=p[i]; ans+=Dfs(S,INF); } printf("%d\n",ans);}int main(){ Input_Init(); Dinic(); return 0;}
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