poj 1062（nyoj 510） 昂贵的聘礼（dijkstra）

昂贵的聘礼
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难度：4
描述
年轻的探险家来到了一个印第安部落里。在那里他和酋长的女儿相爱了，于是便向酋长去求亲。酋长要他用10000个金币作为聘礼才答应把女儿嫁给他。探险家拿不出这么多金币，便请求酋长降低要求。酋长说：”嗯，如果你能够替我弄到大祭司的皮袄，我可以只要8000金币。如果你能够弄来他的水晶球，那么只要5000金币就行了。”探险家就跑到大祭司那里，向他要求皮袄或水晶球，大祭司要他用金币来换，或者替他弄来其他的东西，他可以降低价格。探险家于是又跑到其他地方，其他人也提出了类似的要求，或者直接用金币换，或者找到其他东西就可以降低价格。不过探险家没必要用多样东西去换一样东西，因为不会得到更低的价格。探险家现在很需要你的帮忙，让他用最少的金币娶到自己的心上人。另外他要告诉你的是，在这个部落里，等级观念十分森严。地位差距超过一定限制的两个人之间不会进行任何形式的直接接触，包括交易。他是一个外来人，所以可以不受这些限制。但是如果他和某个地位较低的人进行了交易，地位较高的的人不会再和他交易，他们认为这样等于是间接接触，反过来也一样。因此你需要在考虑所有的情况以后给他提供一个最好的方案。
为了方便起见，我们把所有的物品从1开始进行编号，酋长的允诺也看作一个物品，并且编号总是1。每个物品都有对应的价格P，主人的地位等级L，以及一系列的替代品Ti和该替代品所对应的”优惠”Vi。如果两人地位等级差距超过了M，就不能”间接交易”。你必须根据这些数据来计算出探险家最少需要多少金币才能娶到酋长的女儿。
输入
测试数据有多组，输入第一行是两个整数M，N（1 <= N <= 100），M N为0时表示程序结束，M N依次表示地位等级差距限制和物品的总数。接下来按照编号从小到大依次给出了N个物品的描述。每个物品的描述开头是三个非负整数P、L、X（X < N），依次表示该物品的价格、主人的地位等级和替代品总数。接下来X行每行包括两个整数T和V，分别表示替代品的编号和”优惠价格”。
输出
输出最少需要的金币数。
样例输入
1 4
10000 3 2
2 8000
3 5000
1000 2 1
4 200
3000 2 1
4 200
50 2 0
0 0

样例输出
5250
解题思路：猛的一看以为是个dp题，后来队友说是可以用dijkstra解，仔细想想也就是，就直接构图写了，结果很容易就过了测试数据，很容易的就WA了，最后经过高人指导才发现是我构图的问题，开始的构图方式是以1当做起点，找到一条边的路径大于等于它自己到自己的路径，就以这个点当终点，这个方法可以过大部分数据，但是有些数据还是要果断WA掉。这个题的正确打开方式应该是，把当前这个年轻人设为0节点当做起点，酋长为1节点当做终点，然后找0——1的最短路径就ok了。

#include <iostream>#include <bits/stdc++.h>#define INF 0x3f3f3f3fusing namespace std;struct Node{    int price,levl;};int Map[105][105];Node object[105];int m,n,p,L,x,Min,Max;void dijkstra(){    int dist[105],vis[105],u,Mindist;    memset(dist,INF,sizeof(dist));    memset(vis,0,sizeof(vis));    Max = object[1].levl;    Min = object[1].levl;    for(int i=0;i<=n;i++)    {//        if((object[i].levl-Min)<=m||(Max-object[i].levl)<=m)//            dist[i]=Map[0][i];        if(object[i].levl>=Min&&object[i].levl<=Max)            dist[i]=Map[0][i];        else if(object[i].levl<Min&&(Max-object[i].levl)<=m)            dist[i]=Map[0][i];        else if(object[i].levl>Max&&(object[i].levl-Min)<=m)            dist[i]=Map[0][i];    }    vis[0]=1;    for(int i=0;i<=n;i++)    {        Mindist=INF;        for(int j=0;j<=n;j++)        {            if(vis[j]==0&&Mindist>dist[j])            {                Mindist=dist[j];                u=j;            }        }        if(Mindist==INF)break;        vis[u]=1;        if(object[u].levl>Max)            Max = object[u].levl;        if(object[u].levl<Min)            Min = object[u].levl;        for(int j=0;j<=n;j++)        {            if(vis[j]==0&&dist[j]>Mindist+Map[u][j])//            {//                if((object[j].levl-Min)<=m||(Max-object[j].levl)<=m)//                    dist[j]=Mindist+Map[u][j];                if(object[j].levl>=Min&&object[j].levl<=Max)                    dist[j]=Mindist+Map[u][j];                else if(object[j].levl<Min&&(Max-object[j].levl)<=m)                    dist[j]=Mindist+Map[u][j];                else if(object[j].levl>Max&&(object[j].levl-Min)<=m)                    dist[j]=Mindist+Map[u][j];            }        }    }    printf("%d\n",dist[1]);}int main(){    while(!scanf("%d %d",&m,&n),m+n)    {        int t,v;        memset(Map,INF,sizeof(Map));        for(int i=1;i<=n;i++)        {            scanf("%d %d %d",&p,&L,&x);            Map[0][i]=min(p,Map[0][i]);            object[i].price=p;object[i].levl=L;            for(int j=0;j<x;j++)            {                scanf("%d %d",&t,&v);                Map[t][i]=min(v,Map[t][i]);            }        }        dijkstra();    }    return 0;}

后面附上一些测试数据：
测试数据1:
1 4
10000 3 2
2 8000
3 5000
1000 2 1
4 200
3000 2 1
4 200
50 2 0

5250

测试数据2:
1 5
10000 3 4
2 3000
3 2000
4 2000
5 9000
8000 2 3
3 5000
4 2000
5 7000
5000 1 0
2000 4 1
5 1900
50 1 0

4000
测试数据3:
3 8
10000 3 6
2 3000
3 2000
4 2000
5 9000
7 1000
8 5008
8000 2 3
3 5000
4 2000
5 7000
5000 1 1
6 1000
2000 4 1
5 1900
50 1 0
5000 1 1
7 4007
2000 4 1
5 1900
80 3 0

2950
测试数据4:
1 10
1324 0 0
1234 0 0
255 0 0
67 0 0
56 0 0
2134 0 0
456 0 0
2345 0 0
67 0 0
6436 0 0

1324

测试数据5:
1 4
10000 3 2
2 1
3 3
1000 2 2
4 1
3 1
1000 3 1
4 2
100 4 0

105
测试数据6:
3 5
10000 3 4
2 3000
3 2000
4 2000
5 9000
8000 2 3
3 5000
4 2000
5 7000
5000 1 0
2000 4 1
5 1900
50 1 0

3950
测试数据7:
0 5
10000 3 4
2 3000
3 2000
4 2000
5 9000
8000 2 3
3 5000
4 2000
5 7000
5000 4 0
2000 3 1
5 1900
50 2 0

4000