中国剩余定理整理
来源:互联网 发布:知乎 新ipad和ipadpro 编辑:程序博客网 时间:2024/06/07 23:23
设正整数两两互素,则同余方程组
有整数解。并且在模下的解是唯一的,解为
其中,而为模的逆元。
int CRT(int a[],int m[],int n){ int M = 1; int ans = 0; for(int i=1; i<=n; i++) M *= m[i]; for(int i=1; i<=n; i++) { int x, y; int Mi = M / m[i]; extend_Euclid(Mi, m[i], x, y); ans = (ans + Mi * x * a[i]) % M; } if(ans < 0) ans += M; return ans;}
题目:http://poj.org/problem?id=1006
题意:人自出生起就有体力,情感和智力三个生理周期,分别为23,28和33天。一个周期内有一天为峰值,在这一
天,人在对应的方面(体力,情感或智力)表现最好。通常这三个周期的峰值不会是同一天。现在给出三个日
期,分别对应于体力,情感,智力出现峰值的日期。然后再给出一个起始日期,要求从这一天开始,算出最少
再过多少天后三个峰值同时出现。
#include <iostream>#include <string.h>#include <stdio.h>using namespace std;int a[4], m[4];void extend_Euclid(int a, int b, int &x, int &y){ if(b == 0) { x = 1; y = 0; return; } extend_Euclid(b, a % b, x, y); int tmp = x; x = y; y = tmp - (a / b) * y;}int CRT(int a[],int m[],int n){ int M = 1; int ans = 0; for(int i=1; i<=n; i++) M *= m[i]; for(int i=1; i<=n; i++) { int x, y; int Mi = M / m[i]; extend_Euclid(Mi, m[i], x, y); ans = (ans + Mi * x * a[i]) % M; } if(ans < 0) ans += M; return ans;}int main(){ int p, e, i, d, t = 1; while(cin>>p>>e>>i>>d) { if(p == -1 && e == -1 && i == -1 && d == -1) break; a[1] = p; a[2] = e; a[3] = i; m[1] = 23; m[2] = 28; m[3] = 33; int ans = CRT(a, m, 3); if(ans <= d) ans += 21252; cout<<"Case "<<t++<<": the next triple peak occurs in "<<ans - d<<" days."<<endl; } return 0;}
普通的中国剩余定理要求所有的互素,那么如果不互素呢,怎么求解同余方程组?
这种情况就采用两两合并的思想,假设要合并如下两个方程
那么得到
在利用扩展欧几里得算法解出的最小正整数解,再带入
得到后合并为一个方程的结果为
这样一直合并下去,最终可以求得同余方程组的解。
题目:http://poj.org/problem?id=2891
#include <iostream>#include <string.h>#include <stdio.h>using namespace std;typedef long long LL;const int N = 1005;LL a[N], m[N];LL gcd(LL a,LL b){ return b? gcd(b, a % b) : a;}void extend_Euclid(LL a, LL b, LL &x, LL &y){ if(b == 0) { x = 1; y = 0; return; } extend_Euclid(b, a % b, x, y); LL tmp = x; x = y; y = tmp - (a / b) * y;}LL Inv(LL a, LL b){ LL d = gcd(a, b); if(d != 1) return -1; LL x, y; extend_Euclid(a, b, x, y); return (x % b + b) % b;}bool merge(LL a1, LL m1, LL a2, LL m2, LL &a3, LL &m3){ LL d = gcd(m1, m2); LL c = a2 - a1; if(c % d) return false; c = (c % m2 + m2) % m2; m1 /= d; m2 /= d; c /= d; c *= Inv(m1, m2); c %= m2; c *= m1 * d; c += a1; m3 = m1 * m2 * d; a3 = (c % m3 + m3) % m3; return true;}LL CRT(LL a[], LL m[], int n){ LL a1 = a[1]; LL m1 = m[1]; for(int i=2; i<=n; i++) { LL a2 = a[i]; LL m2 = m[i]; LL m3, a3; if(!merge(a1, m1, a2, m2, a3, m3)) return -1; a1 = a3; m1 = m3; } return (a1 % m1 + m1) % m1;}int main(){ int n; while(scanf("%d",&n)!=EOF) { for(int i=1; i<=n; i++) scanf("%I64d%I64d",&m[i], &a[i]); LL ans = CRT(a, m, n); printf("%I64d\n",ans); } return 0;}
题目:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1573
分析:这个题由于数据范围小,那么直接可以通过枚举在这个数的最小公倍数范围内的所有数,找到最小的正整
数解,然后后面的所有解都可以通过这个得到。
#include <iostream>#include <string.h>#include <stdio.h>using namespace std;const int N = 25;int a[N], b[N];int gcd(int a, int b){ return b ? gcd(b, a % b) : a;}int main(){ int T; cin>>T; while(T--) { int n, m; cin>>n>>m; for(int i=0; i<m; i++) cin>>a[i]; for(int i=0; i<m; i++) cin>>b[i]; int lcm = 1; for(int i=0; i<m; i++) lcm = lcm / gcd(lcm, a[i]) * a[i]; bool f = 1; for(int i=1; i<=lcm&&i<=n; i++) { f = 1; for(int j=0; j<m; j++) { if(i % a[j] != b[j]) f = 0; } if(f) { printf("%d\n",(n - i) / lcm + 1); break; } } if(f == 0) printf("0\n"); } return 0;}
转自:here
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