【HDU3449】 consumer
来源:互联网 发布:统计学 算法模型 编辑:程序博客网 时间:2024/06/05 20:25
题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=3449
题意:有n个箱子,每个箱子有一个价格v,每个箱子中有若干个物品,规定在购买物品前必须购买包含该物品的箱子,问能买到的最大价值
题解;
有依赖的背包问题
F[i][j]表示前i个箱子花费j元得到的最大价值(不是第i个)
具体思路是在每一个箱子中做一次0/1背包,更新dp数组,再把每个箱子当成一个物品组,做一次分组背包。
具体处理时要注意很多细节问题
下附一个有详细注释的代码,和一些我的个人感悟
#include<stdio.h>#include<string.h>#define wsize 100010#define nsize 65#define msize 11int dp[nsize][wsize];int n,t,box,num;int max(int a,int b){ return a>b?a:b;}int main (){ int i,j,k; while(scanf("%d %d",&n,&t)!=EOF) { memset(dp,-1,sizeof(dp)); //有依赖关系,要赋初值-1,后判断要用 memset(dp[0],0,sizeof(dp[0])); for(i=1;i<=n;i++) { scanf("%d %d",&box,&num); for(k=box;k<=t;k++) dp[i][k]=dp[i-1][k-box]; //先让i层买盒子,因为盒子没有价值,所以直接等于上一层的花费+盒子钱,可以脑补一个+0 for(j=0;j<num;j++) //在已花费盒子钱的基础上,此时再对dp[i]层做0/1背包,即i层一个盒子多种物品的最大价值 { int c,w; scanf("%d %d",&c,&w); for(k=t;k>=c;k--) { if(dp[i][k-c]!=-1) //注意依赖背包有不可能的情况,这里即k买不到盒子和这个物品,不能装物品//个人理解:如果dp的值等于-1,说明前面不能更新到这个状态,也就是说可能买不到这样的箱子,所以说这个状态是无效的,不能更新 dp[i][k]=max(dp[i][k],dp[i][k-c]+w); // 这里不能dp[i][k]=max(dp[i][j],dp[i][k-box-c]+w) 因为已经买过盒子了,这个表达式代表一个盒子基础上一个物品带一个盒子 } } for(j=0;j<=t;j++) { //考虑不买这组还是买这组 dp[i][j]=max(dp[i-1][j],dp[i][j]); //不要忘了考虑不选当前组的情况(不是必选) } } printf("%d\n",dp[n][t]); } return 0;}
附上我的代码
#include<iostream>#include<cstring>#include<cstdio>#include<algorithm>using namespace std;int n,m;int f[65][100010];int main(){ int box,num,v,w; while(scanf("%d%d",&n,&m)!=EOF) { memset(f,-1,sizeof(f)); memset(f[0],0,sizeof(f[0])); for(int i=1;i<=n;i++) { scanf("%d%d",&box,&num); for(int j=box;j<=m;j++) f[i][j]=f[i-1][j-box]; for(int j=1;j<=num;j++) { scanf("%d%d",&w,&v); for(int k=m;k>=w;k--) { if(f[i][k-w]!=-1) f[i][k]=max(f[i][k-w]+v,f[i][k]); } } for(int j=0;j<=m;j++) f[i][j]=max(f[i][j],f[i-1][j]); } printf("%d\n",f[n][m]); }}
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