POJ 2229 Sumsets
来源:互联网 发布:孙志刚事件网络舆论 编辑:程序博客网 时间:2024/04/27 16:59
Sumsets
题意概述: 把一个数拆分成2的幂的和的形式,求一共有多少种拆分方法。 比如7的拆分方式有如下六种: 1) 1+1+1+1+1+1+1 2) 1+1+1+1+1+2 3) 1+1+1+2+2 4) 1+1+1+4 5) 1+2+2+2 6) 1+2+4 解题思路: 首先采取递推的思路来划分这个问题,因此我们要找出递推关系,不难想到,当一个数n是奇数的时候,我们如果要采用2的幂的和的形式来表示这个数,就必须有一项为1,因为2的幂次方的和只有加上1才能形成奇数,因此我们可以把这个1当做特殊元素来处理,去掉这个1以后,剩下的部分刚好对应n-1的所有的拆分方式,因此奇数项的递推关系就找到了。同样的道理,我们可以把偶数的所有拆分方式划分为两个部分,即拆分的项里有1和没有1这两种情况。对于有1的情况,肯定至少有两个1,这一点不难想到,然后把这两个1去掉以后就刚好对应了n-2的拆分方式。然后对于没有1的情况,这种情况下每一项肯定都是偶数,因此可以把每一项都除以2,也就是说此时对应了n/2的拆分方式。接下来就是依此写出递归函数:
int fun(int n){ if(n==1) return 1; else if(n==2) return 2; else if(n%2==1) return f(n-1); else return f(n-2)+f(n/2);}
但递归式并不能很好的帮我们解决这个问题,因为它包含了大量的重复计算的子问题,同时我们也注意到这个递推函数的特点,就是只会调用比它小的递归项,因此我们可以用动态规划来解决这一问题。先求出来小的问题,然后逐步向后,聚沙成塔,解决最终的问题。
题解代码:
#include<iostream>using namespace std;const int size = 1000000+10;int dp[size];int main(){ int n; cin>>n; dp[1]=1; dp[2]=2; for(int i=3;i<=n;i++) if(i%2) dp[i]=dp[i-1]; else dp[i]=(dp[i-2]+dp[i/2])%1000000000; cout<<dp[n]<<endl; return 0;}
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