ZZULIOJ 1875 蛤玮的财宝【最大费用流】
来源:互联网 发布:阳光房顶棚防水 知乎 编辑:程序博客网 时间:2024/05/07 01:11
1875: 蛤玮的财宝
Time Limit: 1 Sec Memory Limit: 128 MBSubmit: 599 Solved: 138
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Description
蛤玮和他的妹子出海游玩,不小心遭遇了海难,他们醒来之后发现自己到了一座金银岛.岛主非常好心的告诉他们在岛的另一边有船可以送他们回家.
这座岛可以看成n*m的矩阵,蛤玮他们在位置(1,1),而船在位置(n,m).蛤玮发现金银岛遍地都是金子,每个格子里有价值a[i,j]的金子,他和妹子打算在回去的路上带一些走.如果他们路过了位置(i,j),就可以假装系鞋带捡走地上的金子.为了不引起怀疑,他们在走的时候只能往接近码头的方向走,即如果蛤玮现在在(i,j),他只能移动到(i+1,j)或者(i,j+1).为了能拿走更多的金子,蛤玮和妹子决定装作互相不认识,这样他们就可以分开走,从而拿到更多的金子.
蛤玮和他妹子想知道他们最多能拿走多少金子.
注意如果蛤玮和他妹子经过了相同的地方,只能得到一次金子,因为地上的捡完就没有了.
Input
T(1<=T<=10),表示数据组数.
每组数据第一行n,m(1<=n,m<=100),接下来n行,每行m个数,第i行第j列的值a[i,j](1<=a[i,j]<=1000)表示位置(i,j)的金子的价值.
Output
每组数据输出一行,蛤玮和他妹子能拿到的金子总价的最大值.
Sample Input
1
2 2
2 1
1 2
Sample Output
6
思路:
很明显,要跑两次最长路,而且相互影响。
那么直接贪心的跑两次最长路肯定是不行的。
那么考虑最小费用流。
建图:
①首先将每个点一分为二,然后之间连一条费用为其权值.流为1的边。
②然后将源点连入起点,费用为0.流为2的边。
③然后将终点连入汇点,费用为0.流为2的边。
④然后将每两个相邻点相连,费用为0.流为INF。
之后跑最大费用流.
注意这题1*n这种数据,那么不必要跑满流。
Ac代码:
#include<stdio.h>#include<string.h>#include<climits>#include<iostream>using namespace std;#define INF 1<<28struct node{ int from; int to; int w; int f; int num; int next;} e[(610*610+2)+10];int pre[610*610+2];int path[610*6100+2];int vis[610*610+2];int dis[610*610+2];int head[610*610+2];int que[610*610+2];int a[150][150];int fx[2]= {1,0};int fy[2]= {0,1};int ss,tt,cont,n,m;void add(int from,int to,int w,int f){ e[cont].to=to; e[cont].from=from; e[cont].w=w; e[cont].f=f; e[cont].num=cont; e[cont].next=head[from]; head[from]=cont++;}void init(){ memset(e,0,sizeof(e)); memset(pre,-1,sizeof(pre)); memset(path,-1,sizeof(path)); memset(vis,0,sizeof(vis)); memset(dis,0,sizeof(dis)); memset(que,0,sizeof(que));}void getmap(){ ss=n*m*2+1; tt=ss+1; cont=0; memset(head,-1,sizeof(head)); add(ss,1,0,2); add(1,ss,0,0); for(int i=1; i<=n; i++) { for(int j=1; j<=m; j++) { if(i==1&&j==1||i==n&&j==m) { add((i-1)*m+j,(i-1)*m+j+n*m,a[i][j],2); add((i-1)*m+j+n*m,(i-1)*m+j,-a[i][j],0); } else { add((i-1)*m+j,(i-1)*m+j+n*m,a[i][j],1); add((i-1)*m+j+n*m,(i-1)*m+j,-a[i][j],0); } } } for(int i=1; i<=n; i++) { for(int j=1; j<=m; j++) { for(int k=0; k<2; k++) { int x=i+fx[k]; int y=j+fy[k]; if(x>=1&&x<=n&&y>=1&&y<=m) { int u=(i-1)*m+j; int uu=u+n*m; int v=(x-1)*m+y; int vv=v+n*m; add(uu,v,0,1); add(v,uu,0,0); } } } } add(n*m*2,tt,0,2); add(tt,n*m*2,0,0);}int SPFA(){ memset(que,0,sizeof(que)); memset(vis,0,sizeof(vis)); memset(path,-1,sizeof(path)); memset(pre,-1,sizeof(pre)); for(int i=1;i<=tt;i++)dis[i]=-INF; dis[ss]=0; vis[ss]=1; int tot=0; int rear=0; que[rear++]=ss; while(rear>tot) { int u=que[tot]; tot++; vis[u]=0; for(int i=head[u];i!=-1;i=e[i].next) { int w=e[i].w; int f=e[i].f; int v=e[i].to; if(f>0&&dis[v]<dis[u]+w) { pre[v]=u; path[v]=e[i].num; dis[v]=dis[u]+w; if(vis[v]==0) { vis[v]=1; que[rear++]=v; } } } } if(dis[tt]!=-INF)return 1; else return 0;}void Max_costflow(){ int ans=0,maxflow=0; while(SPFA()==1) { int minn=INT_MAX; for(int i=tt;i!=ss;i=pre[i]) { minn=min(minn,e[path[i]].f); } for(int i=tt;i!=ss;i=pre[i]) { e[path[i]].f-=minn; e[path[i]^1].f+=minn; } maxflow+=minn; ans+=dis[tt]*minn; } if(maxflow==2) printf("%d\n",ans-a[1][1]-a[n][m]); else printf("%d\n",ans);}int main(){ int t; scanf("%d",&t); while(t--) { init(); scanf("%d%d",&n,&m); int sum=0; for(int i=1; i<=n; i++) { for(int j=1; j<=m; j++) { scanf("%d",&a[i][j]); sum+=a[i][j]; } } getmap(); Max_costflow(); }}
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