(bzoj 1003 物流运输)<最短路+DP>
来源:互联网 发布:mysql substr 编辑:程序博客网 时间:2024/04/28 01:03
题目
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Description
物流公司要把一批货物从码头A运到码头B。由于货物量比较大,需要n天才能运完。货物运输过程中一般要转
停好几个码头。物流公司通常会设计一条固定的运输路线,以便对整个运输过程实施严格的管理和跟踪。由于各种
因素的存在,有的时候某个码头会无法装卸货物。这时候就必须修改运输路线,让货物能够按时到达目的地。但是
修改路线是一件十分麻烦的事情,会带来额外的成本。因此物流公司希望能够订一个n天的运输计划,使得总成本
尽可能地小。
Input
第一行是四个整数n(1<=n<=100)、m(1<=m<=20)、K和e。n表示货物运输所需天数,m表示码头总数,K表示
每次修改运输路线所需成本。接下来e行每行是一条航线描述,包括了三个整数,依次表示航线连接的两个码头编
号以及航线长度(>0)。其中码头A编号为1,码头B编号为m。单位长度的运输费用为1。航线是双向的。再接下来
一行是一个整数d,后面的d行每行是三个整数P( 1 < P < m)、a、b(1< = a < = b < = n)。表示编号为P的码
头从第a天到第b天无法装卸货物(含头尾)。同一个码头有可能在多个时间段内不可用。但任何时间都存在至少一
条从码头A到码头B的运输路线。
Output
包括了一个整数表示最小的总成本。总成本=n天运输路线长度之和+K*改变运输路线的次数。
Sample Input
5 5 10 8
1 2 1
1 3 3
1 4 2
2 3 2
2 4 4
3 4 1
3 5 2
4 5 2
4
2 2 3
3 1 1
3 3 3
4 4 5
Sample Output
32
//前三天走1-4-5,后两天走1-3-5,这样总成本为(2+2)*3+(3+2)*2+10=32
题解
- 这个题仿佛是在考验一个人有没有写暴力枚举的潜质
- 暴力枚举时间i~j的所有最短路,找个数组记下
- DP:令dp[i]为1~i天的最小花销
则dp[i]=min{dp[j]+cost[j+1][i]+k } (0<=j< i)
dp[0]=-k
真的没啥算法,直接看代码吧
代码
#include<iostream>#include<cstdio>#include<algorithm>#include<cstring>#include<queue>using namespace std;const int inf=0x3f3f3f3f;int n,m,k,t;struct node{ int to,nxt,val;}e[510];int head[25],cnt;bool can[25][110],f[25];bool vis[25];queue<int> q;int dis[25];int ans[110][110],dp[110];void add(int f,int t,int v){ cnt++; e[cnt]=(node){t,head[f],v}; head[f]=cnt;}void spfa(){ memset(dis,inf,sizeof(dis)); memset(vis,0,sizeof(vis)); q.push(1); vis[1]=1; dis[1]=0; while(!q.empty()){ int p=q.front(); q.pop(); vis[p]=0; for(int i=head[p];i;i=e[i].nxt){ int s=e[i].to,v=e[i].val; if(!f[s]&&dis[s]>dis[p]+v){ dis[s]=dis[p]+v; if(!vis[s]){ q.push(s); vis[s]=1; } } } }}int main(){ scanf("%d%d%d%d",&n,&m,&k,&t); int a,b,c; for(int i=1;i<=t;++i){ scanf("%d%d%d",&a,&b,&c); add(a,b,c);add(b,a,c); } int d; scanf("%d",&d); for(int i=1;i<=d;++i){ scanf("%d%d%d",&a,&b,&c); for(int j=b;j<=c;++j) can[a][j]=1; } for(int i=1;i<=n;++i){ memset(f,0,sizeof(f)); for(int j=i;j<=n;++j){ for(int h=1;h<=m;++h) f[h]|=can[h][j]; spfa(); ans[i][j]=dis[m]; } } memset(dp,inf,sizeof(dp)); dp[0]=-k; for(int i=1;i<=n;++i){ for(int j=0;j<i;j++) ans[j+1][i]==inf?dp[i]=dp[i]:dp[i]=min(dp[i],dp[j]+ans[j+1][i]*(i-j)+k); } printf("%d",dp[n]); return 0;}
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