HDU 1728 逃离迷宫 (bfs+一条路走到底思想)
来源:互联网 发布:win10无法识别有线网络 编辑:程序博客网 时间:2024/06/06 01:35
逃离迷宫
Problem Description
给定一个m × n (m行, n列)的迷宫,迷宫中有两个位置,gloria想从迷宫的一个位置走到另外一个位置,当然迷宫中有些地方是空地,gloria可以穿越,有些地方是障碍,她必须绕行,从迷宫的一个位置,只能走到与它相邻的4个位置中,当然在行走过程中,gloria不能走到迷宫外面去。令人头痛的是,gloria是个没什么方向感的人,因此,她在行走过程中,不能转太多弯了,否则她会晕倒的。我们假定给定的两个位置都是空地,初始时,gloria所面向的方向未定,她可以选择4个方向的任何一个出发,而不算成一次转弯。gloria能从一个位置走到另外一个位置吗?
Input
第1行为一个整数t (1 ≤ t ≤ 100),表示测试数据的个数,接下来为t组测试数据,每组测试数据中,
第1行为两个整数m, n (1 ≤ m, n ≤ 100),分别表示迷宫的行数和列数,接下来m行,每行包括n个字符,其中字符'.'表示该位置为空地,字符'*'表示该位置为障碍,输入数据中只有这两种字符,每组测试数据的最后一行为5个整数k, x1, y1, x2, y2 (1 ≤ k ≤ 10, 1 ≤ x1, x2 ≤ n, 1 ≤ y1, y2 ≤ m),其中k表示gloria最多能转的弯数,(x1, y1), (x2, y2)表示两个位置,其中x1,x2对应列,y1, y2对应行。
第1行为两个整数m, n (1 ≤ m, n ≤ 100),分别表示迷宫的行数和列数,接下来m行,每行包括n个字符,其中字符'.'表示该位置为空地,字符'*'表示该位置为障碍,输入数据中只有这两种字符,每组测试数据的最后一行为5个整数k, x1, y1, x2, y2 (1 ≤ k ≤ 10, 1 ≤ x1, x2 ≤ n, 1 ≤ y1, y2 ≤ m),其中k表示gloria最多能转的弯数,(x1, y1), (x2, y2)表示两个位置,其中x1,x2对应列,y1, y2对应行。
Output
每组测试数据对应为一行,若gloria能从一个位置走到另外一个位置,输出“yes”,否则输出“no”。
Sample Input
25 5...***.**...........*....1 1 1 1 35 5...***.**...........*....2 1 1 1 3
Sample Output
noyes
就是bfs+将一个方向不为*的地方一次全部加入队列,wa了n次的一题。。wa的原因至今还是不太明白,看着一篇博客一点点修改,发现了wa的地方,就是
while(xx>0&&xx<=n&&yy>0&&yy<=m&&s[xx][yy-1]!='*') { if(!p[xx][yy]) { p[xx][yy]=1; next.x=xx; next.y=yy; next.turn=now.turn+1; q.push(next); } xx+=dirx[i]; yy+=diry[i]; } }
地方,不知道为什么不能直接写成while(xx>0&&xx<=n&&yy>0&&yy<=m&&!p[xx][yy]);想了许久,应该是走过一遍的岔路的十字路口的小格子可以继续走一遍,不能停下,不然就无法走完所有位置了
代码:
#include<stdio.h>#include<iostream>#include<string>#include<cstring>#include<queue>#include<stack>#include<algorithm>#include<math.h>using namespace std;struct node{ int x,y; int turn;};int dirx[4]={-1,1,0,0};int diry[4]={0,0,-1,1};queue<node>q;int p[105][105];int main(){ int i,j,n,m,t,k,x1,x2,y1,y2,xx,yy,tag; node now,next; char s[105][105]; scanf("%d",&t); while(t--) { while(!q.empty())q.pop(); scanf("%d%d",&n,&m); for(i=1;i<=n;i++) { scanf("%s",s[i]); for(j=1;j<=m;j++) { if(s[i][j-1]=='*') p[i][j]=1; else p[i][j]=0; } } scanf("%d%d%d%d%d",&k,&x1,&y1,&x2,&y2); if(x1==x2&&y1==y2) { printf("yes\n"); continue; } swap(x1,y1); swap(x2,y2); now.turn=-1; now.x=x1; now.y=y1; p[x1][y1]=1; q.push(now); tag=0; while(!q.empty()) { now=q.front(); q.pop(); if(now.x==x2&&now.y==y2&&now.turn<=k) { tag=1; break; } for(i=0;i<4;i++) { xx=now.x+dirx[i]; yy=now.y+diry[i]; while(xx>0&&xx<=n&&yy>0&&yy<=m&&s[xx][yy-1]!='*') { if(!p[xx][yy]) { p[xx][yy]=1; next.x=xx; next.y=yy; next.turn=now.turn+1; q.push(next); } xx+=dirx[i]; yy+=diry[i]; } } } if(tag) { printf("yes\n"); } else printf("no\n"); } return 0;}
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