[noip模拟2017.7.3]
来源:互联网 发布:caffe ubuntu 编辑:程序博客网 时间:2024/05/17 05:14
评测环境:Windows7, Intel(R) Core(TM) i5-2430M CPU @ 2.40GHz
注意:最终评测时,所有编译命令均不打开任何优化开关!
掷骰子(dice.pas/.c/.cpp)
题目描述
Rainbow和Freda通过一次偶然的机会来到了魔界。魔界的大门上赫然写着:
小盆友们,欢迎来到魔界!乃们需要解决这样一个问题才能进入哦lala~
有 N 枚骰子,其中第 i(1<=i<=N)枚骰子有 a[i]面。掷出第 i 枚骰子时,这 a[i]面中只
有一面朝上,而且这a[i]面每面朝上的概率都相等,为1/a[i].
门上还写道:这N个骰子,显然一共有M = ∑ ��[��] �� ��=1 个面。你们要做的就是把1~M这M
个数字不重不漏地写到这M个面上。同时掷出这N个骰子,你们的得分就是这N个骰子朝上
的面上的数字之和。你们要做的,就是使你们的得分的期望值最大哦~
输入格式
第一行一个整数N,表示骰子的数目。
第二行N个整数,第i个整数a[i]表示第i个骰子有多少个面。
输出格式
一行一个实数Ans,表示Freda和Rainbow得分的最大期望值,保留三位小数。
样例输入
2
1 4
样例输出
7.500
样例解释
在第一个骰子的唯一一面写上 5,第二个骰子的四面分别写上 1,2,3,4。这样得分的期望就
是5/1+(1+2+3+4)/4=7.5了。
数据范围与约定
对于30%的数据,N<=10
对于50%的数据,N<=1000.
对于100%的数据,0
题解
送分的…
#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstring> #include <algorithm>#define N 50010 using namespace std;int a[N];int main(){ freopen("dice.in","r",stdin); freopen("dice.out","w",stdout); int n,tot=0; scanf("%d",&n); for(int i=1;i<=n;i++) { scanf("%d",&a[i]); tot+=a[i]; } sort(a+1,a+1+n); int cnt=tot;double ans=0; for(int i=1;i<=n;i++) { int num=0; for(int j=1;j<=a[i];j++) { num+=cnt; cnt--; } ans+=(double)num/a[i]; } printf("%.3f",ans); return 0;}
环岛旁边 (roundabout.pas/.c/.cpp)
题目描述
Rainbow 和 Freda 在掷骰子的时候 rp 爆发,居然掷出了满点><(其实我就不说所有的
a[i]都是1),顺利到达了环岛旁。它们正观察着这个环岛的时候,环岛居然开口说话了T_T:
欢迎来到魔界环岛。我会告诉你们环岛的运行方式,并且邀请你们帮我解决一个问题。环
岛在东西南北四个方向分别有一个入口和出口,环岛内的车辆逆时针行驶。车辆可以进入、离
开或环岛或者在环岛内行进一步,这三种操作每次都是耗时1秒。在环岛内行进一步,即从东
走到北,从北走到西,从西走到南或者从南走到东(换句话说,行进两步就可以围绕环岛走半
圈了)。如果操作不互相干扰,所有车辆的操作可以同时进行。比如,环岛上有两辆车,一辆
在另一辆的后面,它们可以一起在环岛内行进一步。一辆车是否进入环岛取决于它们这一秒是
否可以进入,如果此时可以进入,它一定会进入,否则就将加入或者停留在该方向的等待序列
中。
什么时候一辆车可以进入环岛呢?这取决于它上一秒得到的信息。如果第 i-1 秒时,它所
在方向的顺时针紧邻方向的环岛上和等待序列里面都没有车,而且它是所在方向等待序列的第
一辆车,那么它在第i秒可以进入环岛。特别地,四个方向的等待序列里都有车的时候,北面
的车优先行驶——即只要第i-1秒时东面环岛上没有车,第i秒的时候,北面等待的第一辆车
就可以进入环岛了。
当然,每个车辆都有一个目标方向,一旦一辆车A到达了目标方向,它就会马上离开环岛
的。注意,如果此时它的目标方向有另一辆车B在等待进入环岛且B车此时可以进入环岛,A
车离开环岛和B车进入环岛是发生在同一秒的。
“我将给你们每秒车辆到达环岛旁的信息,请你们帮我计算,最后一辆车离开环岛的时间
好吗?”
输入格式
四行,每行一个字符串。
第一行一个字符串N,只含有‘-’,‘S’,‘W’,‘E’四种字符,字符串的第i个字符N[i]
表示第i-1秒的时候,有一辆来自北方向、目标方向为N[i]的车等待进入环岛,如果N[i]=’-',
表示第i-1秒没有车来自北方向。
第二行一个字符串E,只含有 ‘-’,‘ S’,‘W’,‘N’四种字符,含义同上。
第三行一个字符串S,只含有 ‘-’,‘ N’,‘W’,‘E’四种字符,含义同上。
第四行一个字符串W,只含有 ‘-’,‘ S’,‘N’,‘E’四种字符,含义同上。
对于字符串中的字符,N表示北方向,E表示东方向,W表示西方向,S表示南方向。
输出格式
一行一个整数totalTime,表示最后一辆车离开环岛的时间。
样例输入1
–
–
WE
-S
样例输出1
6
样例输入2
ES
N
E
–
样例输出2
9
样例解释
样例1如图所示:
数据范围与约定 对于50%的数据,每个字符串长度<=10.
对于100%的数据,0<每个字符串长度<=100.
题解
第二题其实算是有一点复杂的摸拟吧,因为那个时间真的很烦人,但是思路清晰的学长基本上都是写好分函数,很清楚,这样写模拟不会错!!但是我当shi还是分析了一下基本的情况,每辆车都只是在进圈的时候受到限制,此后便不再,所以进圈的时间知道那么结束时间你也很清楚。所以可能对于我来说就比较好想了
#include <iostream>#include <cstring>#include <cstdio>#include <algorithm>using namespace std;char ch[5][110];int ans=-1,tim=0,flag[5],a[5][110],b[5][100000],len[5];int translate(char x){ if(x=='N')return 1; else if(x=='E')return 2; else if(x=='S')return 3; else if(x=='W')return 4; else if(x=='-')return 5; else return 0;}int findf(int x){ for(int i=0;;i++) { if(i<=tim&&a[x][i]!=5) return i; if(i>=tim)break; } return tim;}bool judge(){ for(int i=1;i<=4;i++) { for(int j=0;j<len[i];j++) if(a[i][j]!=5)return false; } return true;} int deal(int from,int to){ if(from>to) { int stim=tim+1; for(int i=from;i>=to;i--) b[i][stim]++,stim++; return from-to+2; } if(from<=to) { int stim=tim+1; int num=from+4-to; for(int i=0;i<=num;i++) { int pos=from-i; if(pos<=0)pos+=4; b[pos][stim]++; stim++; } return from+4-to+2; }}bool check(int x1,int x2,int x3,int x4){ if(a[1][x1]==0||a[2][x2]==0||a[3][x3]==0||a[4][x4]==0)return false; if(a[1][x1]==5||a[2][x2]==5||a[3][x3]==5||a[4][x4]==5)return false; if(b[2][tim])return false; return true;}void clear(){ for(int i=1;i<=4;i++) b[i][tim-1]=0,flag[i]=-1;}void update(){ int p1=findf(1);int p2=findf(2); int p3=findf(3);int p4=findf(4); if(p2>len[2]-1)a[2][p2]=5; if(a[1][p1]!=5&&a[1][p1]!=0) { if(!b[2][tim]&&a[2][p2]==5||check(p1,p2,p3,p4)) { int finish=deal(1,a[1][p1]); ans=max(ans,finish+tim); flag[1]=p1; } } for(int i=1;i<=4;i++) { int pos1=findf(i),pos2=findf(i%4+1); if(pos2>len[(i%4+1)]-1)a[i%4+1][pos2]=5; if(a[i][pos1]!=5&&a[i][pos1]!=0) { if(a[i%4+1][pos2]==5&&!b[i%4+1][tim]) { int finish=deal(i,a[i][pos1]); ans=max(ans,finish+tim); flag[i]=pos1; } } }}int main(){ //freopen("roundabout.in","r",stdin); //freopen("roundabout.out","w",stdout); scanf("%s%s%s%s",ch[1],ch[2],ch[3],ch[4]); for(int i=1;i<=4;i++) { len[i]=strlen(ch[i]); for(int j=0;j<len[i];j++) a[i][j]=translate(ch[i][j]); } while(true) { clear(); update(); tim++; if(judge())break; } cout<<ans; return 0;}
铁路历险
(railway.pas/.c/.cpp)
题目描述
经过一番努力,Freda 和 Rainbow 来到了魔力铁路的 1 号站台。它们知道,魔力铁路不
同于普通的铁路,下面有一段关于魔力铁路的介绍。
魔力铁路一共有N座站台,从第i(1
输入格式
一行一个整数N,表示站台的总数。
输出格式
一行一个整数Ans,表示Freda和Rainbow能够到达N号站台的方案数。
样例输入
3
样例输出
12
样例解释
12种可能的方案如下(每行代表一种方案):
数据范围与约定
对于30%的数据,N<=5.
对于50%的数据,N<=10.
对于70%的数据,N<=100.
对于100%的数据,0
题解
第三题真的是数学不行,其实就是对情况的归纳吧,总方案-不合理方案,不合理的方案是只能到达终点前的点的情况,而这些情况也正好是前者的方案数,于是真的可以递推…..然后滚动数组可以用起来(没怎么打比较生)
#include <cstdio>#include <cstring>#include <algorithm>#include <iostream>#define mod 1000000007using namespace std;int mic[5005][5005];int ans[5005];int main(){ freopen("railway.in","r",stdin); freopen("railway.out","w",stdout); int n;scanf("%d",&n); ans[1]=1,ans[2]=2; for(int i=1;i<=n;i++) { mic[i][0]=1; for(int j=1;j<=i;j++) mic[i][j]=((1LL)*mic[i][j-1]*i)%mod; } for(int i=3;i<=n;i++) { ans[i]=mic[i][i]; for(int j=1;j<=i-1;j++) ans[i]=(ans[i]+mod-((1LL)*mic[i][i-j]*ans[j])%mod)%mod; } cout<<ans[n]; return 0;}
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