hdu 1253

挺水的一道dfs题吧，水是因为自己弄懂了，说某些题水实在是对于浏览我这篇文章的新手的不负责任我感觉

不管多简单的题，既然做，就得有一些收获，这道题我先是很快的写完了代码，提交上去很多次都是时间超限

然后我对每一步进行了思考，最后对主函数进行了剪枝并对bfs函数进行了优化，最终AC

Ignatius被魔王抓走了,有一天魔王出差去了,这可是Ignatius逃亡的好机会.

魔王住在一个城堡里,城堡是一个A*B*C的立方体,可以被表示成A个B*C的矩阵,刚开始Ignatius被关在(0,0,0)的位置,离开城堡的门在(A-1,B-1,C-1)的位置,现在知道魔王将在T分钟后回到城堡,Ignatius每分钟能从一个坐标走到相邻的六个坐标中的其中一个.现在给你城堡的地图,请你计算出Ignatius能否在魔王回来前离开城堡(只要走到出口就算离开城堡,如果走到出口的时候魔王刚好回来也算逃亡成功),如果可以请输出需要多少分钟才能离开,如果不能则输出-1.

 

Input

输入数据的第一行是一个正整数K,表明测试数据的数量.每组测试数据的第一行是四个正整数A,B,C和T(1<=A,B,C<=50,1<=T<=1000),它们分别代表城堡的大小和魔王回来的时间.然后是A块输入数据(先是第0块,然后是第1块,第2块......),每块输入数据有B行,每行有C个正整数,代表迷宫的布局,其中0代表路,1代表墙.(如果对输入描述不清楚,可以参考Sample Input中的迷宫描述,它表示的就是上图中的迷宫)

特别注意:本题的测试数据非常大,请使用scanf输入,我不能保证使用cin能不超时.在本OJ上请使用Visual C++提交.

 

Output

对于每组测试数据,如果Ignatius能够在魔王回来前离开城堡,那么请输出他最少需要多少分钟,否则输出-1.

 

Sample Input

 13 3 4 200 1 1 10 0 1 10 1 1 11 1 1 11 0 0 10 1 1 10 0 0 00 1 1 00 1 1 0 

 

Sample Output

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下面是我的的代码

#include<iostream>#include<queue>#include<cstdio>using namespace std;int tu[50][50][50];int x,y,z,time;struct weizhi{    int x,y,z,time;    weizhi(int X,int Y,int Z,int TIME){x=X;y=Y;z=Z;time=TIME;}};int dir[6][3]={0,0,-1,0,0,1,1,0,0,-1,0,0,0,1,0,0,-1,0};int bfs(){   weizhi w(0,0,0,0);   queue<weizhi>dui;   dui.push(w);   int x1,y1,z1;   while(!dui.empty())   {       weizhi W=dui.front();       if (W.time>time)return -1;       if(W.x==x-1&&W.y==y-1&&W.z==z-1&&W.time<time)return W.time;       dui.pop();       for(int i=0;i<6;i++)       {           x1=W.x+dir[i][0];           y1=W.y+dir[i][1];           z1=W.z+dir[i][2];           if(x1>=0&&x1<x&&y1>=0&&y1<y&&z1>=0&&z1<z&&tu[x1][y1][z1]==0)           {dui.push(weizhi(x1,y1,z1,W.time+1));tu[x1][y1][z1]=1;}//这一步就是对普通bfs的简化，在判断下一步的时候直接将下一步标记，这样会减少很多不必要的队列的入队和判断是否标记过的操作，这样的话bfs算法就是一个完美的波浪形向外发散，图形中外围的一圈的位置都在队列之中，不多也不少。       }   }return -1;}int main(){    int t;    scanf("%d",&t);    for(int i=0;i<t;i++)    {        scanf("%d%d%d%d",&x,&y,&z,&time);        for(int u=0;u<x;u++)        {            for(int o=0;o<y;o++)            {                for(int p=0;p<z;p++)                    scanf("%d",&tu[u][o][p]);            }        }        tu[0][0][0]=1;        if(time<x+y+z-3){printf("-1\n");continue;}如果time小于从出发点到终点的最短时间，那么直接剪枝        if(x==1&&y==1&&z==1){printf("0\n");continue;}如果终点和出发点重合，那么默认为0秒就可以逃跑        if(tu[x-1][y-1][z-1]==1){printf("-1\n");continue;}如果终点是墙，就出不去了    printf("%d\n",bfs());    }}