BZOJ3809[Gty的二逼妹子序列]
来源:互联网 发布:java多大 编辑:程序博客网 时间:2024/04/29 05:33
Description
Autumn和Bakser又在研究Gty的妹子序列了!但他们遇到了一个难题。
对于一段妹子们,他们想让你帮忙求出这之内美丽度∈[a,b]的妹子的美丽度的种类数。
为了方便,我们规定妹子们的美丽度全都在[1,n]中。
给定一个长度为n(1<=n<=100000)的正整数序列s(1<=si<=n),对于m(1<=m<=1000000)次询问“l,r,a,b”,每次输出sl…sr中,权值∈[a,b]的权值的种类数。
Input
第一行包括两个整数n,m(1<=n<=100000,1<=m<=1000000),表示数列s中的元素数和询问数。
第二行包括n个整数s1…sn(1<=si<=n)。
接下来m行,每行包括4个整数l,r,a,b(1<=l<=r<=n,1<=a<=b<=n),意义见题目描述。
保证涉及的所有数在C++的int内。
保证输入合法。
Output
对每个询问,单独输出一行,表示sl…sr中权值∈[a,b]的权值的种类数。
Sample Input
10 10
4 4 5 1 4 1 5 1 2 1
5 9 1 2
3 4 7 9
4 4 2 5
2 3 4 7
5 10 4 4
3 9 1 1
1 4 5 9
8 9 3 3
2 2 1 6
8 9 1 4
Sample Output
2
0
0
2
1
1
1
0
1
2
solution: 分块+莫队
/************************************************************** Problem: 3809 User: Venishel Language: C++ Result: Accepted Time:28236 ms Memory:25924 kb****************************************************************/#include <cmath>#include <cstdio>#include <iostream>#include <algorithm>#include <cstring>using namespace std;#define N 1000005#define M 100005#define K 1010int a[M], ans[N], bl[M], l[K], r[K], c[M], bk[K];int cnt, blk, n, m;struct E{ int a, b, l, r, id;}e[N];inline int read(){ int x=0,f=1;char ch=getchar(); while(ch>'9'||ch<'0'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();} while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();} return x*f;}bool operator<( E a, E b ){ if ( bl[a.l] == bl[b.l] ) return a.r < b.r; return a.l < b.l;}int query( int x, int y ){ int ret = 0; int L = bl[x], R = bl[y]; for ( int i = L+1; i <= R-1; i++ ) ret += bk[i]; if ( L == R ){ for ( int i = x; i <= y; i++ ) if ( c[i] ) ret ++; } else { for ( int i = x; i <= r[L]; i++) if ( c[i] ) ret ++; for ( int i = l[R]; i <= y; i++) if ( c[i] ) ret ++; } return ret;}void del( int x ){ c[x] --; if ( c[x] == 0 ) bk[ bl[x] ] --;}void add( int x ){ c[x] ++; if ( c[x] == 1 ) bk[ bl[x] ] ++;}void solve(){ for ( int i = 1, l = 1, r = 0; i <= m; i++ ){ for ( ; l > e[i].l; ) l--, add( a[l] ); for ( ; l < e[i].l; l++ ) del( a[l] ); for ( ; r < e[i].r; ) r++, add( a[r] ); for ( ; r > e[i].r; r-- ) del( a[r] ); ans[ e[i].id ] = query( e[i].a, e[i].b ); }}/*int main(){ //scanf( "%d%d", &n, &m ); n = read(), m = read(); for ( int i = 1; i <= n; i++ ) a[i] = read();//scanf( "%d", &a[i] ); blk = sqrt( n ); if ( n % blk ) cnt = n / blk + 1; else cnt = n / blk; for ( int i = 1; i <= n; i++ ) bl[i] = (i-1) / blk + 1; for ( int i = 1; i <= cnt; i++ ) { l[i] = (i-1)*blk + 1; r[i] = i*blk; } r[cnt] = n; for ( int i = 1; i <= m; i++) e[i].l = read(),e[i].r = read(), e[i].a = read(), e[i].b = read(), e[i].id = i; //scanf( "%d%d%d%d", &e[i].l, &e[i].r, &e[i].a, &e[i].b ), e[i].id = i; sort( e+1, e+1+m ); solve(); for ( int i = 1; i <= m; i++) printf( "%d\n", ans[i] ); return 0;}*/int main(){ n=read();m=read();blk=sqrt(n/2); cnt=n/blk+n%blk!=0; for(int i=1;i<=n;i++)bl[i]=(i-1)/blk+1; for(int i=1;i<=n;i++) { r[bl[i]]=i; if(!l[bl[i]])l[bl[i]]=i; } for(int i=1;i<=n;i++)a[i]=read(); for(int i=1;i<=m;i++) { e[i].l=read();e[i].r=read(); e[i].a=read();e[i].b=read(); e[i].id=i; } sort(e+1,e+m+1); solve(); for(int i=1;i<=m;i++)printf("%d\n",ans[i]); return 0; }
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