jzoj 1749 城市交通
来源:互联网 发布:mysql workbanch 编辑:程序博客网 时间:2024/06/15 05:45
Description
编号为1~n的n个城市,每个城市有两个权值Ai和Bi。
对于两个城市i和j,i可到j当且仅当j>i,而费用为(j-i)*Ai+Bj。
求从城市1到城市n的最小费用。
Input
第一行一个正整数n。
第二行n个正整数,第i个表示Ai。
第三行n个正整数,第i个表示Bi。
Output
一个数,表示最小的费用。
Sample Input
42 9 5 49 1 2 2
Sample Output
8
Data Constraint
对于20%的数据,1<=n<=100;对于50%的数据,1<=n<=3000;对于100%的数据,1<=n<=100000,1<=Ai,Bi<=10^9。
Solution
可以轻易的发现DP方程(由后往前推的)f[i]=min(f[j]+(j-i)*a[i]+b[j]) (j>i)但是,若每个i都枚举之前的所有j,时间复杂度为O(n^2),最大的数据会TLE。所以,要使用斜率优化。考虑有i<j<k,若j优于k,则有f[j]+(j-i)*a[i]+b[j]<f[k]+(k-i)*a[i]+b[k]设g[i]=f[i]+b[i]则有 g[j]+j*a[i]<g[k]+k*a[i] (j-k)*a[i]<g[k]-g[j](k-j)(-a[i])<g[k]-g[j] (因为k>j,所以k-j>0) -a[i]<(g[k]-g[j])/(k-j)(g[k]-g[j])/(k-j)即点(k,g[k])与点(j,g[j])连线的斜率当满足>-a[i]时,j更优。于是,我们维护一个下凸壳(上面边的斜率递增),每一次二分找出最优的j,计算i的值然后把i放入下凸壳,删除队尾至满足凸壳性质。需要注意斜率是小数而带来的精度问题。
#include<iostream>#include<cstring>#include<cstdio>#include<algorithm>#include<cmath>using namespace std;#define N 100100#define INF 4611686018427387904#define LL long longLL a[N],b[N],f[N];LL q[N];int n,tail;void init(){ scanf("%d",&n); for (int i=1;i<=n;++i) scanf("%lld",&a[i]); for (int i=1;i<=n;++i) scanf("%lld",&b[i]);}double js(LL x,LL y){ double fm,fz; fm=f[x]+b[x]-f[y]-b[y]; fz=x-y; double re=fm/fz; //cout<<(f[x]+b[x]-f[y]-b[y])<<' '<<(x-y)<<' '<<re<<endl; return re;}void push(LL x){ while (tail>0 && js(x,q[tail])>js(q[tail],q[tail-1])) tail--; tail++; q[tail]=x;}int find(LL x,int l,int r){ int ans,mid; if (l>r) return 0; while (l<=r) { mid=(l+r)/2; if (js(q[mid],q[mid-1])-x>=0.000 && js(q[mid],q[mid+1])-x<=0.000) return mid; if (js(q[mid],q[mid-1])-x>=0.000) l=mid+1; else r=mid-1; } return 0;}int main(){ //freopen("1749.in","r",stdin); //freopen("1749.out","w",stdout); init(); memset(q,0,sizeof(q)); tail=0; for (int i=1;i<=n;i++) f[n]=INF/3; f[n]=0; push(n); for (int i=n-1;i>=1;i--) { //if (i==1) cout<<js(q[1],q[2])<<endl; int j; j=find(-a[i],2,tail-1); if (j!=0) j=q[j]; //printf("%d ",j); if (j==0) { //cout<<js(q[1],q[2])<<' '<<js(q[tail],q[tail-1])<<' '<<-a[i]<<endl; if (js(q[1],q[2])+a[i]<=0.000) j=q[1]; if (js(q[tail],q[tail-1])+a[i]>=0.000) j=q[tail]; } if (tail==1) j=q[1]; //printf("%d\n",j); f[i]=f[j]+(j-i)*a[i]+b[j]; push(i); /*for (int k=1;k<=tail;k++) { printf("%lld ",f[q[k]]+b[q[k]]); printf("%lld\n",q[k]); } printf("\n");*/ } printf("%lld\n",f[1]); return 0;}
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