畅通工程
来源:互联网 发布:软件测试自动化脚本 编辑:程序博客网 时间:2024/05/17 03:35
某省调查城镇交通状况,得到现有城镇道路统计表,表中列出了每条道路直接连通的城镇。省政府“畅通工程”的目标是使全省任何两个城镇间都可以实现交通(但不一定有直接的道路相连,只要互相间接通过道路可达即可)。问最少还需要建设多少条道路?Input 测试输入包含若干测试用例。每个测试用例的第1行给出两个正整数,分别是城镇数目N ( < 1000 )和道路数目M;随后的M行对应M条道路,每行给出一对正整数,分别是该条道路直接连通的两个城镇的编号。为简单起见,城镇从1到N编号。 注意:两个城市之间可以有多条道路相通,也就是说 3 3 1 2 1 2 2 1 这种输入也是合法的 当N为0时,输入结束,该用例不被处理。Output 对每个测试用例,在1行里输出最少还需要建设的道路数目。Sample Input 4 2 1 3 4 3 3 3 1 2 1 3 2 3 5 2 1 2 3 5 999 0 0Sample Output 1 0 2 998 Huge input, scanf is recommended.Hint Hint
这道题的实际意义就是在已有的条件下,要把所有顶点都连成一个连通分量,还需要加多少条线。
方法一就是利用深度优先遍历来求连通分量的个数。如果是1个连通分支,说明整幅图上的点都连起来了,不用再加路了;如果是2个连通分支,则只要再加1条路,从两个分支中各选一个点,把它们连起来,那么所有的点都是连起来的了;如果是3个连通分支,则只要再加两条路……
#include<stdio.h> #include<string.h> //memset int n,m; int map[1001][1001]; //邻接矩阵 int vis[1001]; //访问数组 int cnt; //记录连通分量个数 /*深度优先遍历,在main函数中已经对邻接矩阵初始化并赋值, 此时我们要利用深度优先遍历算法来遍历所有的连通分量*/ void DFS(int u){ //深度优先遍历 (递归) vis[u]=1; //访问则为1 int i; for(i=1;i<=n;i++){ if(!vis[i] && map[u][i]==1){ //(递归体) vis[i]=1; DFS(i); } } } int main(){ int u,v; while(scanf("%d",&n),n){ scanf("%d",&m); memset(map,0,sizeof(map)); cnt=0; memset(vis,0,sizeof(vis)); for(int i=0;i<m;i++){ scanf("%d%d",&u,&v); map[u][v] = 1; //无向图 map[v][u] = 1; } for(int j=1;j<=n;j++){ if(!vis[j]){ DFS(j); cnt++; } } printf("%d\n",cnt-1); } return 0; } 并查集可参考:http://blog.csdn.net/dellaserss/article/details/7724401/ 感谢博主。#include<stdio.h>const int MAXN=1010;int F[MAXN];int find(int t){ if(F[t]==-1) return t; return F[t]=find(F[t]);} void bing(int a,int b)//并查集做法{ int t1=find(a); int t2=find(b); if(t1!=t2) F[t1]=t2;} int main(){ int n,m; while(scanf("%d",&n),n) { scanf("%d",&m); for(int i=1;i<=n;i++) F[i]=-1; int a,b; while(m--) { scanf("%d%d",&a,&b); bing(a,b); } int res=0; for(int i=1;i<=n;i++) if(F[i]==-1) res++; printf("%d\n",res-1); } return 0;}