【CJOJ2440】大话西游(树链剖分)
来源:互联网 发布:网络专业课程 编辑:程序博客网 时间:2024/06/01 09:42
题面
Description
“大话西游” 是一个在中国非常流行的在线游戏, 由 NIE 公司开发和维护。 这个游戏来源于著名的小说《西游记》 和周星弛的电影, 游戏的背景故事充满奇幻色彩, 引人入胜。
游戏里面有很多片区域, 不同的区域由不同的统治者管辖, 其中有一个地方名叫“树国”,由一个妖怪控制着。 这里有 N 个城堡, 每个城堡都有其重要程度值(一个正整数, 不超过10^8), 这些城堡被 N-1 条双向道路所连接, 任意两个城堡均可互达, 城堡的重要程度值是可变的。 现在, 妖怪想知道如果破坏其中的一条道路会发生什么。 本题中, 你总共需要处理Q 条指令, 每一个都具有下面所述的格式:
(1)CHANGE i w 本指令的含义为: 将第 i 个城堡的重要程度值变为 w( 1<=w<=10^8) (2)QUERY j 本指令的含义为: 输出 min1*max1+min2*max2 的值, 详细如下: 第 j 条道路可以把“树国” 分成两个连通块, 分别称为 part1 和 part2, 其中 min1 为 part1 中的最小重要程度值; max1 为 part1 中的最大重要程度值; min2 为 part2 中的最小重要程度值; max2 为 part2 中的最大重要程度值。
Input
第一行有两个整数 N(2<=N<=100000)和 Q(1<=Q<=100000),分别表示城堡的个数及指令的数目 。
接下来的一行有 N 个整数(正整数, 不超过 10^8), 表示起初每一个城堡的重要程度值(城堡的编号为 1~N)。
接下来有 N-1 行, 每行有两个整数 u,v, 表示在城堡 u 和城堡 v 之间有一条无向边相连,(边的编号依次为 1~N-1)。
接下来有 Q 行, 每行有一个指令, 格式如下所述。
Output
对于每个”QUERY”指令, 在单独一行输出结果。
Sample Input
5 3
1 2 3 4 5
1 2
2 3
3 4
4 5
QUERY 1
CHANGE 1 10
QUERY 1
Sample Output
11
110
Hint
数据范围:
对于 30%的数据 N≤ 100 Q<=1000
对于 60%的数据 N≤ 10000 Q<=10000
对于 100%的数据 N≤ 100000 Q<=100000
题解
树链剖分版子题
分别维护最大值和最小值就行了
输出记得用longlong输出(10^8*10^8早就炸int了)
#include<iostream>#include<cstdio>#include<cstdlib>#include<cstring>#include<cmath>#include<queue>#include<vector>#include<algorithm>using namespace std;#define MAX 101000#define lson (now<<1)#define rson ((now<<1)|1)#define INF 1000000000inline int read(){ register int x=0,t=1; register char ch=getchar(); while(ch!='-'&&(ch<'0'||ch>'9'))ch=getchar(); if(ch=='-'){t=-1;ch=getchar();} while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-48;ch=getchar();} return x*t;}struct Line{ int v,next;}e[MAX*2];struct Node{ int vmin,vmax;}c[MAX*5];int low[MAX],dfn[MAX],f[MAX],hson[MAX],size[MAX];int line[MAX],im[MAX],dep[MAX],top[MAX],tim;int N,Q;int h[MAX],cnt=1;inline void Add(int u,int v){ e[cnt]=(Line){v,h[u]}; h[u]=cnt++;}void DFS1(int u,int ff){ dep[u]=dep[ff]+1;f[u]=ff;hson[u]=0;size[u]=1; for(int i=h[u];i;i=e[i].next) { int v=e[i].v; if(v==ff)continue; DFS1(v,u); if(size[v]>size[hson[u]])hson[u]=v; }}void DFS2(int u,int tt){ top[u]=tt;dfn[u]=++tim;line[tim]=u; if(hson[u])DFS2(hson[u],tt); for(int i=h[u];i;i=e[i].next) { int v=e[i].v; if(v==f[u]||v==hson[u])continue; DFS2(v,v); } low[u]=tim;}void Build(int now,int l,int r){ if(l==r){c[now].vmax=c[now].vmin=im[line[l]];return;} int mid=(l+r)>>1; Build(lson,l,mid);Build(rson,mid+1,r); c[now].vmax=max(c[lson].vmax,c[rson].vmax); c[now].vmin=min(c[lson].vmin,c[rson].vmin);}void update(int now,int l,int r,int k,int w){ if(l==r){c[now].vmin=c[now].vmax=w;return;} int mid=(l+r)>>1; if(k>mid)update(rson,mid+1,r,k,w); else update(lson,l,mid,k,w); c[now].vmax=max(c[lson].vmax,c[rson].vmax); c[now].vmin=min(c[lson].vmin,c[rson].vmin);}int Query1(int now,int l,int r,int al,int ar){ if(l==al&&r==ar){return c[now].vmax;} int mid=(l+r)>>1; if(ar<=mid)return Query1(lson,l,mid,al,ar); if(al>mid)return Query1(rson,mid+1,r,al,ar); return max(Query1(lson,l,mid,al,mid),Query1(rson,mid+1,r,mid+1,ar));}int Query2(int now,int l,int r,int al,int ar){ if(l==al&&r==ar){return c[now].vmin;} int mid=(l+r)>>1; if(ar<=mid)return Query2(lson,l,mid,al,ar); if(al>mid)return Query2(rson,mid+1,r,al,ar); return min(Query2(lson,l,mid,al,mid),Query2(rson,mid+1,r,mid+1,ar));}long long Answer(int ss){ int u=e[ss<<1].v,v=e[(ss<<1)-1].v; if(dep[u]<dep[v])swap(u,v); int max1=Query1(1,1,N,dfn[u],low[u]); int min1=Query2(1,1,N,dfn[u],low[u]); int max2=0,min2=INF; if(dfn[u]!=1)max2=max(max2,Query1(1,1,N,1,dfn[u]-1)); if(low[u]!=N)max2=max(max2,Query1(1,1,N,low[u]+1,N)); if(dfn[u]!=1)min2=min(min2,Query2(1,1,N,1,dfn[u]-1)); if(low[u]!=N)min2=min(min2,Query2(1,1,N,low[u]+1,N)); return 1LL*min1*max1+1LL*min2*max2;}int main(){ N=read();Q=read(); for(int i=1;i<=N;++i)im[i]=read(); for(int i=1;i<N;++i) { int u=read(),v=read(); Add(u,v);Add(v,u); } DFS1(1,0);DFS2(1,1); Build(1,1,N); while(Q--) { char ch[50]; scanf("%s",ch); if(ch[0]=='Q') { int a=read(); printf("%lld\n",Answer(a)); } else { int a=read(),b=read(); update(1,1,N,dfn[a],b); } } return 0;}
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