2017 多校训练第十场 HDU 6178 Monkeys 最小点覆盖+树形DP
来源:互联网 发布:ktv网络维护 编辑:程序博客网 时间:2024/06/05 21:03
题目大意:
给你N个点的一棵树,现在有K只猴子,猴子们不会落单,也就是说,在同一个联通块中,至少有两只猴子。
现在我们希望砍尽可能多的边,使得这K只猴子分部在若干个联通块中,使得满足上述条件。
输出剩下的最少的边数。
思路:
这题O(n)做竟然卡读入优化。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。
①很显然,如果我们最终的答案是一个包含K个点的整个联通块的话,显然答案就是K-1.如果我们是两个共包含K个点的联通块的话,显然答案会对应减少。
所以我们希望分部的情况是尽可能多的联通块,那么理应我们希望将结果分成若干个两两相连的小联通块。
②我们希望构成尽可能多的这样两两相连的小联通块(只用一条边去连接)的话,很显然是需要跑最大二分匹配数。我们知道最小点覆盖==最大二分匹配数,而直接建图跑二分图匈牙利匹配的话,时间复杂度很爆炸,我们知道树形dp可以O(n)求树上的最小点覆盖问题,所以我们直接跑树形Dp即可。
③如果我们最小点覆盖数为ans个,那么分情况讨论即可:
如果k<=ans*2,那么结果就是k/2
如果k>ans*2,那么结果就是k-ans*2+ans(多出来的点直接往上加即可)
如果k是奇数,那么答案再加1.
给你N个点的一棵树,现在有K只猴子,猴子们不会落单,也就是说,在同一个联通块中,至少有两只猴子。
现在我们希望砍尽可能多的边,使得这K只猴子分部在若干个联通块中,使得满足上述条件。
输出剩下的最少的边数。
思路:
这题O(n)做竟然卡读入优化。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。
①很显然,如果我们最终的答案是一个包含K个点的整个联通块的话,显然答案就是K-1.如果我们是两个共包含K个点的联通块的话,显然答案会对应减少。
所以我们希望分部的情况是尽可能多的联通块,那么理应我们希望将结果分成若干个两两相连的小联通块。
②我们希望构成尽可能多的这样两两相连的小联通块(只用一条边去连接)的话,很显然是需要跑最大二分匹配数。我们知道最小点覆盖==最大二分匹配数,而直接建图跑二分图匈牙利匹配的话,时间复杂度很爆炸,我们知道树形dp可以O(n)求树上的最小点覆盖问题,所以我们直接跑树形Dp即可。
③如果我们最小点覆盖数为ans个,那么分情况讨论即可:
如果k<=ans*2,那么结果就是k/2
如果k>ans*2,那么结果就是k-ans*2+ans(多出来的点直接往上加即可)
如果k是奇数,那么答案再加1.
Ac代码:顺便也是超神输入输出挂的一个升级
#include <bits/stdc++.h>using namespace std;// #define test TESTtypedef long long ll;//超神输入输出挂namespace IO {#define BUF_SIZE 100000#define OUT_SIZE 100000//fread -> readbool IOerror = 0;inline char nc() {static char buf[BUF_SIZE], *p1 = buf + BUF_SIZE, *pend = buf + BUF_SIZE;if (p1 == pend) {p1 = buf;pend = buf + fread(buf, 1, BUF_SIZE, stdin);if (pend == p1) {IOerror = 1;return -1;}}return *p1++;}inline bool blank(char ch) {return ch == ' ' || ch == '\n' || ch == '\r' || ch == '\t';}inline bool read(int &x) {char ch;while (blank(ch = nc()));if (IOerror)return false;for (x = ch - '0'; (ch = nc()) >= '0' && ch <= '9'; x = x * 10 + ch - '0');return true;}inline void read(double &x){bool sign=0; char ch=nc(); x=0;for(;blank(ch);ch=nc());if(IOerror)return;if(ch=='-')sign=1,ch=nc();for (;ch>='0'&&ch<='9';ch=nc())x=x*10+ch-'0';if(ch=='.'){double tmp=1; ch=nc();for (;ch>='0'&&ch<='9';ch=nc())tmp/=10.0,x+=tmp*(ch-'0');} if(sign)x=-x;}inline void read(char *s){char ch=nc();for (;blank(ch);ch=nc());if (IOerror)return;for (;!blank(ch)&&!IOerror;ch=nc())*s++=ch;*s=0;}inline void read(char &c){for (c=nc();blank(c);c=nc());if (IOerror){c=-1;return;}}//fwrite->writestruct Ostream_fwrite{char *buf,*p1,*pend;Ostream_fwrite(){buf=new char[BUF_SIZE];p1=buf;pend=buf+BUF_SIZE;}void out(char ch){if (p1==pend){fwrite(buf,1,BUF_SIZE,stdout);p1=buf;}*p1++=ch;}void print(int x){static char s[15],*s1;s1=s;if (!x)*s1++='0';if (x<0)out('-'),x=-x;while(x)*s1++=x%10+'0',x/=10;while(s1--!=s)out(*s1);}void println(int x){static char s[15],*s1;s1=s;if (!x)*s1++='0';if (x<0)out('-'),x=-x;while(x)*s1++=x%10+'0',x/=10;while(s1--!=s)out(*s1); out('\n');}void print(ll x){static char s[25],*s1;s1=s;if (!x)*s1++='0';if (x<0)out('-'),x=-x;while(x)*s1++=x%10+'0',x/=10;while(s1--!=s)out(*s1);}void println(ll x){static char s[25],*s1;s1=s;if (!x)*s1++='0';if (x<0)out('-'),x=-x;while(x)*s1++=x%10+'0',x/=10;while(s1--!=s)out(*s1); out('\n');}// void print(double x,int y){// static ll mul[]={1,10,100,1000,10000,100000,1000000,10000000,100000000,// 1000000000,10000000000LL,100000000000LL,1000000000000LL,10000000000000LL,// 100000000000000LL,1000000000000000LL,10000000000000000LL,100000000000000000LL};// if (x<-1e-12)out('-'),x=-x;x*=mul[y];// ll x1=(ll)floor(x); if (x-floor(x)>=0.5)++x1;// ll x2=x1/mul[y],x3=x1-x2*mul[y]; print(x2);// if (y>0){out('.'); for (size_t i=1;i<y&&x3*mul[i]<mul[y];out('0'),++i); print(x3);}// }// void println(double x,int y){print(x,y);out('\n');}void print(char *s){while (*s)out(*s++);}void println(char *s){while (*s)out(*s++);out('\n');}void flush(){if (p1!=buf){fwrite(buf,1,p1-buf,stdout);p1=buf;}}~Ostream_fwrite(){flush();}}Ostream;#undef OUT_SIZE#undef BUF_SIZE};const int maxn=100005;bool vis[maxn];int p[maxn],son[maxn];int main(int argc, char const *argv[]){#ifdef testfreopen("test.txt","r",stdin);#endif int T;IO::read(T);while(T--){int n,k,u;IO::read(n);IO::read(k); for(int i=1;i<=n;i++){ son[i]=0; vis[i]=false; }for(int i=2;i<=n;i++){IO::read(u); p[i]=u; son[u]++;} int res=0; for(int i=n;i>1;i--){ if(son[i]==0&&!vis[i]&&!vis[p[i]]){ vis[i]=1; vis[p[i]]=1; res++; son[p[i]]--; son[p[p[i]]]--; } } if(k<=2*res){ // printf("%d\n",(k-1)/2+1); IO::Ostream.println((k-1)/2+1); }else{ // printf("%d\n",k-res); IO::Ostream.println(k-res); }}return 0;}
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