Gebecr与KZime的膜你赛kZime与Git解题报告

题目描述

kZime正致力于他的开源项目OALJ

他使用Git来管理他的代码，这是因为Git开分支非常方便，可以随便开很多个。

为了体现这一特性，kZime开了大量的分支，来满足他的需要，同时，由于kZime希望有多个任务并行操作，所以不存在两个分支在合并后是fast forward的，换句话说，如果两个分支在合并后是fast forward的，那么我们认为他们是一个分支。

经过各种魔幻操作之后，最后呈现在他眼前的是一颗无比复杂的版本继承树。由于kZime还要把这个项目放到Github上，如此复杂的继承关系和如此多的分支会令人无所适从。所以他决定将所有分支合并到master分支上（注意：此处的“合并”并不是指git merge）。但是不巧的是，由于他对于Git的某些特性走火入魔，导致连最基本的git merge命令都不会使用了，他决定使用git rebase来完成这个操作。

但是kZime足足写了一吨的代码，而他的电脑跑的却比BZOJ的评测机还慢，执行如此之多的操作相当浪费时间，在查阅资料（口胡）后，他了解到，如果一个commit中修改了个文件，那么对这个commit进行一次git rebase将耗费个单位的时间。如果一个分支中有个commit，那么对这个分支进行一次git rebase将耗费个单位的时间。现在，他想知道，如果想要完成他的操作，最少需要耗费多少时间。

输入格式

第一行一个整数，表示一共有个commit

接下来行，每行三个整数。表示kZime基于版本 commit了一次，得到了版本，修改了个文件

特别的，我们认为所有的commit都基于，且没有修改任何文件。

输出格式

一行一个整数，表示kZime最少需要耗费的时间

样例

样例输入

51 2 12 3 13 4 11 5 2

样例输出

2

解释

1(1)|    \5(2)  2(1)      |      3(1)      |      4(1)

样例如图所示，只需在5的位置进行一次git rebase，即可将其“合并”到master上

如下图所示

1(1)    \      2(1)      |      3(1)      |      4(1)      |      5'(2)
数据范围
测试点范围301<=n<=1000000题解：树形dp 令f[x]为处理x为根子树最小代价那么f[x]=min(f[u]+summ[x]-summ[u]-v[x])u为x的儿子时空复杂度均为O(n)代码：
#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstring>#include <vector>using namespace std;const int maxn=1000000+10;vector<int>A[maxn];long long summ[maxn];long long f[maxn];int v[maxn];inline void dfs(int x,int fa){int ok=0;for(int i=0;i<A[x].size();i++){int u=A[x][i];if(u==fa)continue;ok=1;dfs(u,x);summ[x]+=summ[u];}for(int i=0;i<A[x].size();i++){int u=A[x][i];if(u==fa)continue;f[x]=min(f[x],f[u]+summ[x]-summ[u]);}summ[x]+=v[x];if(!ok)f[x]=0;}int main(){freopen("a.in","r",stdin);freopen("a.out","w",stdout);memset(f,127/2,sizeof(f));int n;scanf("%d",&n);int x,y;v[1]=1;for(int i=1;i<n;i++){scanf("%d %d",&x,&y);scanf("%d",&v[y]);A[x].push_back(y);A[y].push_back(x);}dfs(1,0);printf("%lld\n",f[1]);return 0;}