旋转数组的最小数字

题目描述

把一个数组最开始的若干个元素搬到数组的末尾，我们称之为数组的旋转。 输入一个非递减排序的数组的一个旋转，输出旋转数组的最小元素。 例如数组{3,4,5,1,2}为{1,2,3,4,5}的一个旋转，该数组的最小值为1。 NOTE：给出的所有元素都大于0，若数组大小为0，请返回0。

分析：看到题目首先想到了直接顺序查找第一个小于前面数的位置，即为最小值。但是时间复杂度为O(N),要想时间复杂度很小，像这种查询序列一般要想到用二分法查找，时间复杂度为O(logn)。

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来源：牛客网
思路
剑指Offer中有这道题目的分析。这是一道二分查找的变形的题目。


旋转之后的数组实际上可以划分成两个有序的子数组：前面子数组的大小都大于后面子数组中的元素
注意到实际上最小的元素就是两个子数组的分界线。本题目给出的数组一定程度上是排序的，因此我们试着用二分查找法寻找这个最小的元素。
思路：
（1）我们用两个指针left,right分别指向数组的第一个元素和最后一个元素。按照题目的旋转的规则，第一个元素应该是大于最后一个元素的（没有重复的元素）。
但是如果不是旋转，第一个元素肯定小于最后一个元素。
（2）找到数组的中间元素。
中间元素大于第一个元素，则中间元素位于前面的递增子数组，此时最小元素位于中间元素的后面。我们可以让第一个指针left指向中间元素。
移动之后，第一个指针仍然位于前面的递增数组中。
中间元素小于第一个元素，则中间元素位于后面的递增子数组，此时最小元素位于中间元素的前面。我们可以让第二个指针right指向中间元素。
移动之后，第二个指针仍然位于后面的递增数组中。
这样可以缩小寻找的范围。
（3）按照以上思路，第一个指针left总是指向前面递增数组的元素，第二个指针right总是指向后面递增的数组元素。
最终第一个指针将指向前面数组的最后一个元素，第二个指针指向后面数组中的第一个元素。
也就是说他们将指向两个相邻的元素，而第二个指针指向的刚好是最小的元素，这就是循环的结束条件。
到目前为止以上思路很耗的解决了没有重复数字的情况，这一道题目添加上了这一要求，有了重复数字。
因此这一道题目比上一道题目多了些特殊情况：
我们看一组例子：｛1，0，1，1，1｝ 和 ｛1，1， 1，0，1｝ 都可以看成是递增排序数组｛0，1，1，1，1｝的旋转。
这种情况下我们无法继续用上一道题目的解法，去解决这道题目。因为在这两个数组中，第一个数字，最后一个数字，中间数字都是1。
第一种情况下，中间数字位于后面的子数组，第二种情况，中间数字位于前面的子数组。
因此当两个指针指向的数字和中间数字相同的时候，我们无法确定中间数字1是属于前面的子数组（绿色表示）还是属于后面的子数组（紫色表示）。
也就无法移动指针来缩小查找的范围。

#include <iostream>#include <vector>#include <string>#include <stack>#include <algorithm>using namespace std; class Solution {public:    int minNumberInRotateArray(vector<int> rotateArray) {        int size = rotateArray.size();        if(size == 0){            return 0;        }//if        int left = 0,right = size - 1;        int mid = 0;        // rotateArray[left] >= rotateArray[right] 确保旋转        while(rotateArray[left] >= rotateArray[right]){            // 分界点            if(right - left == 1){                mid = right;                break;            }//if            mid = left + (right - left) / 2;            // rotateArray[left] rotateArray[right] rotateArray[mid]三者相等            // 无法确定中间元素是属于前面还是后面的递增子数组            // 只能顺序查找            if(rotateArray[left] == rotateArray[right] && rotateArray[left] == rotateArray[mid]){                return MinOrder(rotateArray,left,right);            }//if            // 中间元素位于前面的递增子数组            // 此时最小元素位于中间元素的后面            if(rotateArray[mid] >= rotateArray[left]){                left = mid;            }//if            // 中间元素位于后面的递增子数组            // 此时最小元素位于中间元素的前面            else{                right = mid;            }//else        }//while        return rotateArray[mid];    }private:    // 顺序寻找最小值    int MinOrder(vector<int> &num,int left,int right){        int result = num[left];        for(int i = left + 1;i < right;++i){            if(num[i] < result){                result = num[i];            }//if        }//for        return result;    }}; int main(){    Solution s;    //vector<int> num = {0,1,2,3,4,5};    //vector<int> num = {4,5,6,7,1,2,3};    vector<int> num = {2,2,2,2,1,2};    int result = s.minNumberInRotateArray(num);    // 输出    cout<<result<<endl;    return 0;

下面的另一种方法也还可以：

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采用二分法解答这个问题，
mid = low + (high - low)/2
需要考虑三种情况：
(1)array[mid] > array[high]:
出现这种情况的array类似[3,4,5,6,0,1,2]，此时最小数字一定在mid的右边。
low = mid + 1
(2)array[mid] == array[high]:
出现这种情况的array类似 [1,0,1,1,1] 或者[1,1,1,0,1]，此时最小数字不好判断在mid左边
还是右边,这时只好一个一个试 ，
high = high - 1
(3)array[mid] < array[high]:
出现这种情况的array类似[2,2,3,4,5,6,6],此时最小数字一定就是array[mid]或者在mid的左
边。因为右边必然都是递增的。
high = mid
注意这里有个坑：如果待查询的范围最后只剩两个数，那么mid 一定会指向下标靠前的数字
比如 array = [4,6]
array[low] = 4 ;array[mid] = 4 ; array[high] = 6 ;
如果high = mid - 1，就会产生错误， 因此high = mid
但情形(1)中low = mid + 1就不会错误

链接：https://www.nowcoder.com/questionTerminal/9f3231a991af4f55b95579b44b7a01ba来源：牛客网public class Solution {    public int minNumberInRotateArray(int [] array) {        int low = 0 ; int high = array.length - 1;           while(low < high){            int mid = low + (high - low) / 2;                    if(array[mid] > array[high]){                low = mid + 1;            }else if(array[mid] == array[high]){                high = high - 1;            }else{                high = mid;            }           }        return array[low];    }}