HDU5556 Land of Farms(最大独立集)
来源:互联网 发布:java游戏引擎 编辑:程序博客网 时间:2024/06/05 13:28
题目大意:
一个N*M的矩阵,其中“.”代表空地,“0-9”代表古代建筑,我们如果选择了一个编号的古代建筑想要建立,那么对应就要将全部该编号的建筑建立起来,如果在空地上建筑,只建立当前点。问最多能够建立多少种建筑,并且每两种建筑之间没有公共边。
题目意识比较难懂,我们来分析一下第一组样例:
..3. 023. .211
对应可以建出来这样的效果:
.X.Y 0... ..11
那么对应有4种建筑,输出4.
思路:
1、首先如果我们没有这些古代建筑,只是一个N*M的一个矩阵的话,我们按照点的坐标的奇偶性((x+y)%2)将矩阵分成一个二分图,然后将每个点与其周围四个点(有公共边)建立一条无向边,表示这两个点如果在一起建立是矛盾的。
那么不难理解:我们现在跑一遍匈牙利算法求得的最大二分匹配数==最小点覆盖数*2(因为是无向边).那么如果我们将属于最小点覆盖集的点去掉,剩下的点就是属于最大独立集的点,那么此时能够建立的最多的建筑的数目:n*m-最大匹配数/2【最大独立集=n-最大二分匹配数】
2、那么现在引入这些古代建筑,题干中保证了这些古代建筑一共只有10种(0-9),那么我们可以暴力枚举一下哪些古代建筑我们建立起来,哪些古代建筑我们不建立。对应建立起来的古代建组周围的“.”的点我们抛弃掉,建立起来的古代建筑的点也抛弃掉,没有建立起来的古代建筑的点也抛弃掉。剩下的“.”,我们按照第一步的思路建二分图,然后求最大独立集即可。
#include<bits/stdc++.h>using namespace std;#define pii pair<int, int>#define N 105char s[N][N];vector<pii> v[11];int vis[10], nxt[4][2]={0, 1, 0, -1, 1, 0, -1, 0};bool book[12][12];int mp[12][12];struct Max_Match{ int n; vector<int> g[N]; bool vis[N]; int left[N]; void init(int n) { this -> n = n; for(int i = 0; i <= n; i++) g[i].clear(); memset(left, -1, sizeof(left)); } bool match(int u) { for(int i = 0; i < g[u].size(); i++) { int v = g[u][i]; if(!vis[v]) { vis[v] = true; if(left[v] == -1 || match(left[v])) { left[v] = u; return true; } } } return false; } int solve() { int ans = 0; for(int i = 1; i <= n; i++) { memset(vis, false, sizeof(vis)); if(match(i)) ans++; } return ans; }}MM;int main(){ int T, n, m, kase=0; scanf("%d", &T); while(T--) { scanf("%d%d", &n, &m); for(int i=1; i<=n; i++) scanf("%s", s[i]+1); for(int i=0; i<=10; i++) v[i].clear(); memset(vis, 0, sizeof(vis)); int cnt=0; for(int i=1; i<=n; i++) for(int j=1; j<=m; j++) { if(s[i][j]>='0'&&s[i][j]<='9') { if(!vis[s[i][j]-'0']) vis[s[i][j]-'0']=++cnt; v[vis[s[i][j]-'0']].push_back(pii(i, j)); } } int stu=(1<<cnt)-1, cou, ans=0; for(int i=0; i<=stu; i++) { cou=0; memset(book, false, sizeof(book)); for(int j=0; j<cnt; j++) { if((i>>j)&1) { cou++; for(int k=0; k<v[j+1].size(); k++) { int x=v[j+1][k].first; int y=v[j+1][k].second; book[x][y]=true; for(int ii=0; ii<4; ii++) { int nx=x+nxt[ii][0]; int ny=y+nxt[ii][1]; if(nx<1||nx>n||ny<1||ny>m) continue; if(s[nx][ny]=='.') book[nx][ny]=true; } } } else { for(int k=0; k<v[j+1].size(); k++) { int x=v[j+1][k].first; int y=v[j+1][k].second; book[x][y]=true; } } } bool flag=false; for(int j=0; j<cnt; j++) { if((i>>j)&1) { for(int k=0; k<v[j+1].size(); k++) { int x=v[j+1][k].first; int y=v[j+1][k].second; for(int ii=0; ii<4; ii++) { int nx=x+nxt[ii][0]; int ny=y+nxt[ii][1]; if(nx<1||nx>n||ny<1||ny>m) continue; if(s[nx][ny]=='.') continue; int t=vis[s[nx][ny]-'0']; if((i>>(t-1))&1) { if(vis[s[nx][ny]-'0']==vis[s[x][y]-'0']) continue; flag=true; } } } } } if(flag) continue; int cnt=0; memset(mp, 0, sizeof(mp)); for(int r=1; r<=n; r++) for(int c=1; c<=m; c++) { if(s[r][c]=='.'&&!book[r][c]) mp[r][c]=++cnt; } MM.init(cnt); for(int r=1; r<=n; r++) for(int c=1; c<=m; c++) if(s[r][c]=='.'&&!book[r][c]) { for(int k=0; k<4; k++) { int nx=r+nxt[k][0]; int ny=c+nxt[k][1]; if(nx<1||nx>n||ny<1||ny>m) continue; if(s[nx][ny]=='.'&&!book[nx][ny]) { MM.g[mp[r][c]].push_back(mp[nx][ny]); } } } for(int r=1; r<=n; r++) for(int c=1; c<=m; c++) if(s[r][c]=='.'&&!book[r][c]) { for(int k=0; k<4; k++) { int nx=r+nxt[k][0]; int ny=c+nxt[k][1]; if(nx<1||nx>n||ny<1||ny>m) continue; if(s[nx][ny]=='.'&&!book[nx][ny]) { MM.g[mp[r][c]].push_back(mp[nx][ny]); } if(s[nx][ny]!='.') { int tmp=vis[s[nx][ny]-'0']-1; if((i>>tmp)&1) continue; MM.g[mp[r][c]].push_back(mp[nx][ny]); } } } int tmp=cnt-MM.solve()/2; ans=max(ans, tmp+cou); } printf("Case #%d: %d\n", ++kase, ans); } return 0;}
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