UVa 11478
来源:互联网 发布:淘宝lee代购是正品吗 编辑:程序博客网 时间:2024/06/11 17:22
题目链接
简介:
带权有向图,每个点都可以有如下操作:令从ta出发的每一条边增加d,终止于ta的每一条边减小d
最后让所有边权的最小值非负且尽量大
分析:
我为什么总是要做这么难的题
有一点需要注意,不同的操作互不影响,而且也没有顺序的限制,
因此,我们可以考虑合并一个节点上的所有操作
令sum(a)表示作用在a结点上的所有d值之和,
这样我们就简化了题目:找到合适的sum值,使得所有边权最小值最大。
最小值最大,这个描述这么这样熟悉
我们一下子就想到了二分答案
最直接的,我们可以直接二分出最小边权
然而,二分的难点不在于“二分出答案”,而是“判断答案的合法性”
对于一个答案mid
问题转化成判断是否可以通过确定一个合法的sum,使得每条边的权值都大于等于mid
任何一条边(a—>b)的实际权值为w(a,b)+sum(a)-sum(b)
显然我们可以得到一个柿子:w(a,b)+sum(a)-sum(b)>=mid
移项得:sum(b)-sum(a)<=w(a,b)-mid
这样实际上我们得到一个差分约束系统
差分约束
即一个不等式组,每个不等式形如xj-xi<=bk
针对这一问题,有一个经典的解法:最短路
我们可以移项得到xj<=bk+xi
这样柿子的形式就和最短路的形式有异曲同工之妙了
dis表示源点到达每一个结点的最短路
对于每一条边(i—>j),都有dis[j]<=dis[i]+w(i,j)
这样我们对于每一个约束条件xj-xi<=bk
都连一条i—>j的边,权值为bk
再建立一个超级源点S,连向每一个点,边权为0
在这个图上运行Bellman,得到的dis就是sum数组
如果Bellman失败(存在负环),则该差分约束系统无解
我们在实际编码的时候,实际上就是把原图建出来,
每二分一个答案,就把每条边的权值相应的改变,运行Bellman
tip
题目说最小值非负,但是代码中最小值应该是>=1
也许在歪果人眼里0是负数,mdzz
这道题给了我们很好地启发:
- 操作叠加
如果若干操作互不干扰,无序施加,我们就可以考虑合并这些操作,这样方便思考也方便处理 - 模型抽象
我们需要记住这个模型:形如xj-xi<=b,建边i->j,边权为b
(若得到的模型为xi-xj>=b,变形后xj-xi<=-b => 建边i->j,边权为-b)
运行Bellman,判断该差分约束是否有解
关于差分约束的详细内容,会在再谈最短路中提及
//这里写代码片#include<cstdio>#include<cstring>#include<iostream>#include<algorithm>#include<vector>#include<queue>using namespace std;const int N=1010;int n,m;struct node{ int x,y,v;};struct Bellman{ int n,m; vector<node> e; vector<int> G[N]; bool in[N]; int cnt[N]; int dis[N]; int pre[N]; void init(int n) { this->n=n; e.clear(); for (int i=1;i<=n;i++) G[i].clear(); } void add(int u,int w,int v) { e.push_back((node){u,w,v}); m=e.size(); G[u].push_back(m-1); } bool fuhuan() { memset(in,0,sizeof(in)); memset(pre,0,sizeof(pre)); memset(cnt,0,sizeof(cnt)); queue<int> Q; for (int i=1;i<=n;i++) //建立了一个虚拟源点,所以与ta相连的点都入队 { in[i]=1; Q.push(i); dis[i]=0; } while (!Q.empty()) { int now=Q.front(); Q.pop(); in[now]=0; for (int i=0;i<G[now].size();i++) { node way=e[G[now][i]]; if (dis[way.y]>dis[now]+way.v) { dis[way.y]=dis[now]+way.v; pre[way.y]=G[now][i]; if (!in[way.y]) { in[way.y]=1; Q.push(way.y); if (++cnt[way.y]>n) return 1; } } } } return 0; }};Bellman A;bool pd(int x){ for (int i=0;i<A.m;i++) A.e[i].v-=x; bool pp=A.fuhuan(); for (int i=0;i<A.m;i++) A.e[i].v+=x; return pp;}int main(){ while (scanf("%d%d",&n,&m)!=EOF) { A.init(n); int maxx=0; for (int i=1;i<=m;i++) { int u,w,z; scanf("%d%d%d",&u,&w,&z); A.add(u,w,z); maxx=max(maxx,z); } if (!pd(maxx+1)) printf("Infinite\n"); //不存在环,也就是说答案再大都是可以的 else if (pd(1)) printf("No Solution\n"); //下边界 else { int l=0; // int r=maxx; int mid,ans; while (l<=r) { mid=l+(r-l)/2; if (!pd(mid)) //不存在负环,说明有解 ans=mid,l=mid+1; else r=mid-1; } printf("%d\n",ans); } } return 0;}
- UVa 11478
- uva 11478 Halum
- uva
- UVA
- UVA
- UVA
- uva
- UVA
- UVA
- UVA
- UVA
- UVA
- UVA
- UVA
- UVA
- UVA
- UVA
- UVA
- 规律:HDU
- Blockchain学习2_以太坊开发--truffle和testrpc使用介绍
- 运行提示 error C2653: “CMFCVisualManagerScenic”: 不是类或命名空间名称。
- 类与对象第二题
- HDU 5919 Sequence II (主席树+求区间不同数个数)
- UVa 11478
- call和apply的用法(详细介绍)
- tensorflow cross_entropy 四种交叉熵计算函数
- 欢迎使用CSDN-markdown编辑器
- 垃圾收集器与内存分配策略
- w命令详解
- 用java开发贪吃蛇游戏
- heap、stack的内存分配的区别
- 2017 乌鲁木齐赛区网络赛 Banana(【Floyed求传递闭包】)