hdu 3398
来源:互联网 发布:sql按时间降序排列 编辑:程序博客网 时间:2024/06/07 14:26
题解思路:
好久没做数学题了,表示很生疏,木有手感……看大牛们的解题报告完成的……orz …顺便膜拜一下……
这题的意思是要求满足如下要求字符串的个数,要求是由m 个 0 , n 个 1 组成,而且对于该字符串的任意前缀满足 1 的个数不小于 0 的个数。
可以这么考虑,设一个直角坐标系,刚开始的时候在原点,假设如果字符串第 i个是 0 的话,那么就向右移动一个单位,如果是 1 的话,向上移动一个单位,那么最终显然将移动到( m , n )处,那么对于由 m 个 0 , n 个1 组成的字符串的个数即为 C(m+n,m)
又要要求1 的个数大于 0 的个数,我们可以理解为从 (0,0) 到 (m,n) 的路径不和 y=x-1 相交,也就是说,不满足要求的路径必和 y=x-1 相交,因此,做 (0,0) 点关于 y=x-1 的对称点即为 (1,-1) ,因此,从 (1,-1) 到 (m,n) 的路径必过 y=x-1 ,那么不满足的路径即为从 (1,-1) 到 (m,n) 的路径与 y=x-1 第一次相交的部分关于 y=x-1 翻转过去再接上后面的路径,所以不满足条件的路径数为从 (1,-1) 到 (m,n) 的路径数即为 C(m+n,n+1)
这题需要质因数分解,如果暴力求的话肯定超时,这里有一个技巧就是n!中质数x的质数就是cnt = n/x + n/(x^2) + n / (x^3).....代码:
#include<bits/stdc++.h>using namespace std;typedef long long ll;const int mx = 2e6+10,mod = 20100501;int n,m,k,top;int pri[mx],down[mx/10],up[mx/10];bool vis[mx];void init(){ top = 0; for(int i=2;i<mx;i++){ if(!vis[i]) pri[top++] = i; for(int j=0;j<top&&pri[j]*i<mx;j++) { vis[i*pri[j]] = 1; if(i%pri[j]==0) break; } }}ll kuaisu(ll x,ll y){ ll ans = 1; while(y){ if(y&1) ans = ans*x%mod; y >>= 1; x = x*x%mod; } return ans;}ll get_sum(){ ll ans = 1; for(int i=0;pri[i]<=k;i++) if(up[i]>down[i]) ans = (ans*kuaisu(pri[i],up[i]-down[i]))%mod; return ans;}int main(){ init(); int t; scanf("%d",&t); while(t--){ scanf("%d%d",&n,&m); if(n<m) { puts("0"); continue; } k = n + m; memset(down,0,sizeof(down)); memset(up,0,sizeof(up)); for(int i=0;pri[i]<=n;i++){ ll val = pri[i]; while(val<=n){ down[i] += n/val; val *= pri[i]; } } for(int i=0;pri[i]<=k;i++){ ll val = pri[i]; while(val<=k){ up[i] += k/val; val *= pri[i]; } val = pri[i]; while(val<=m){ up[i] -= m/val; val *= pri[i]; } } int sum = ++n; ll ans = get_sum(); for(int i=0;pri[i]<=n;i++) while(sum%pri[i]==0) down[i]++,sum /= pri[i]; sum = m; for(int i=0;pri[i]<=m;i++) while(sum%pri[i]==0) up[i]++,sum /= pri[i]; ans = (ans-get_sum()+mod)%mod; printf("%lld\n",ans); }}
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