杂题总结
来源:互联网 发布:软件测试的专业术语 编辑:程序博客网 时间:2024/06/06 04:47
bzoj 3813
题意可转化为求product的phi
线段树维护
只需要维护那个质数出现过,不需要真的分解这个数
我打得比较麻烦,维护了许多没用的信息
#include<iostream>#include<cstdio>#include<cstring>#include<cmath>#define mod 19961993#define maxn 100005#define LL long longusing namespace std;int n;int prime[65]={0,2,3,5,7,11,13,17,19,23,29,31,37,41,43,47,53,59,61,67,71,73,79,83,89,97,101,103,107,109,113,127,131,137,139,149,151,157,163,167,173,179,181,191,193,197,199,211,223,227,229,233,239,241,251,257,263,269,271,277,281};struct Tree{ int l,r; LL sum; int p[65];}b[maxn*4],tmp;LL ans;void build(int l,int r,int z){ b[z].l=l; b[z].r=r; if(l==r){ b[z].sum=(LL)3; b[z].p[2]=1; return ; } int mid=(l+r)>>1; build(l,mid,z<<1); build(mid+1,r,z<<1|1); b[z].p[2]=b[z<<1].p[2]+b[z<<1|1].p[2]; b[z].sum=(b[z<<1].sum*b[z<<1|1].sum)%mod;}Tree getsum(int l,int r,int z){ if(l<=b[z].l&&b[z].r<=r) return b[z]; int mid=(b[z].l+b[z].r)>>1; if(r<=mid) return getsum(l,r,z<<1); else if(l>mid) return getsum(l,r,z<<1|1); else{ Tree t1=getsum(l,mid,z<<1); Tree t2=getsum(mid+1,r,z<<1|1); Tree t3; for(int i=1;i<=60;i++) t3.p[i]=t1.p[i]+t2.p[i]; t3.sum=(t2.sum%mod*t1.sum%mod)%mod; return t3; }}void update(int x,int ad,int z){ if(b[z].l==b[z].r){ b[z].sum=(LL)ad; LL op=(LL)ad; memset(b[z].p,0,sizeof(b[z].p)); for(int i=1;i<=60;i++){ int t=1; LL w=prime[i]; while(op%w==0&&w<=op) t++,w=w*1ll*prime[i]; t--; w/=prime[i]; op/=w; b[z].p[i]=t; if(op==1) break; } return ; } int mid=(b[z].l+b[z].r)>>1; if(x<=mid) update(x,ad,z<<1); else update(x,ad,z<<1|1); for(int i=1;i<=60;i++) b[z].p[i]=b[z<<1].p[i]+b[z<<1|1].p[i]; b[z].sum=(b[z<<1].sum*b[z<<1|1].sum)%mod;}LL pow(LL x){ int t=mod-2; LL op=1; while(t){ if(t&1) op=(op*x)%mod; x=(x*x)%mod; t>>=1; } return op%mod;}int main(){ //freopen("in.txt","r",stdin); int type,x,y; LL t=0; scanf("%d",&n); build(1,100000,1); for(int i=1;i<=n;i++){ scanf("%d",&type); scanf("%d%d",&x,&y); if(!type){ if(x>y) swap(x,y); tmp=getsum(x,y,1); ans=tmp.sum; t=1; //printf("sum==%lld\n",ans); for(int j=1;j<=60;j++) if(tmp.p[j]){ ans=(ans*(prime[j]-1))%mod; t=t*prime[j]%mod; } ans=(ans*pow(t))%mod; printf("%lld\n",ans%mod); } else update(x,y,1); } //while(1); return 0;}
bzoj2064
状压
状态之间的转移 s1->s2 ,可以把s1的所有元素融在一起在分开成s2的转态,步数=n+m-2
考虑减小步数,把s1合并成x个子集,再分解成s2,那么s1,s2
中的元素可以划分成x个对应的子集,每个子集元素和相等
那么此时步数减少2x
f[i][j] 状态i->j的最多分解成多少个子集
当sum[i]!=sum[j] 可以通过单独拿出一个元素k,其余元素分成若干子集
当sum[i]==sum[j] 去掉其中的一个元素k,由f[i^k][j] 转移过来
此时再加上元素k,那么sum[i]==sum[j],又可以分出来一个子集
#include<iostream>#include<cstdio>#include<cstring>#define maxn 15using namespace std;int n,m,a[maxn],b[maxn];int suma[(1<<10)+2],sumb[(1<<10)+2];int f[(1<<10)+2][(1<<10)+2];int ans;void getsum1(int x){ for(int i=1;i<=n;i++) if((1<<i-1)&x) suma[x]+=a[i];}void getsum2(int x){ for(int i=1;i<=m;i++) if((1<<i-1)&x) sumb[x]+=b[i];}int main(){ //freopen("in.txt","r",stdin); scanf("%d",&n); for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&a[i]); scanf("%d",&m); for(int i=1;i<=m;i++) scanf("%d",&b[i]); for(int i=0;i<(1<<n);i++) getsum1(i); for(int i=0;i<(1<<m);i++) getsum2(i); for(int i=0;i<(1<<n);i++) for(int j=0;j<(1<<m);j++){ if(suma[i]!=sumb[j]){ for(int k=1;k<=n;k++) if(i&(1<<k-1)) f[i][j]=max(f[i^(1<<k-1)][j],f[i][j]); for(int k=1;k<=m;k++) if(j&(1<<k-1)) f[i][j]=max(f[i][j^(1<<k-1)],f[i][j]); } else{ for(int k=1;k<=n;k++) if(i&(1<<k-1)) f[i][j]=max(f[i^(1<<k-1)][j]+1,f[i][j]); for(int k=1;k<=m;k++) if(j&(1<<k-1)) f[i][j]=max(f[i][j^(1<<k-1)]+1,f[i][j]); } } ans=f[(1<<n)-1][(1<<m)-1]; ans=n+m-2*ans; printf("%d\n",ans); return 0;}
bzoj 4417
f[0][i][j] 到(2*i,j)的方案数
f[1][i][j] 到(2*i-1,j)的方案数
- 杂题总结
- 暑期集训第一阶段总结(附带杂题总结+字符串总结)
- 【Java基础总结】-算法题总结
- 杂问题总结
- 四月总结----杂
- 杂内容总结
- Android 杂知识总结
- Android 杂知识总结
- Java笔试题总结
- zoj 50 题总结
- 图形推理题---总结
- 定义判断题--总结
- 逻辑判断题--总结
- 类比推理题---总结
- 资料分析题--总结
- java笔试题总结
- 高级谜题总结
- 2000~2010题总结
- 是谁养鱼的解决方案
- Oracle之hint研究查询生效范围
- C++ 指针/数组指针操作
- Python第一阶段复习
- JQueryEasyUI
- 杂题总结
- 定制ListView的界面
- java ==与equals的区别
- python列表排序方法sort、sorted技巧篇
- 增减运算
- tomcat9安装及其简单测试
- Android Studio升级3.0后一直Refreshing gradle project
- Halcon混合C#编程-显示图片
- win7系统下 用U盘安装Ubuntu_16.04详细步骤说明