poj2376 Cleaning Shifts

题目是每只奶牛负责一个时间段，让你求覆盖完全部的时间段最少需要多少只奶牛，如果不能覆盖完输出“-1”，但是很多人理解成把整个区间都覆盖完需要多少个小区间，其实是覆盖完所有点需要多少的小区间，例如：
2 10
1 5
6 10
这样是可以覆盖完所有点的，所以输出2，而不是-1.
这个题目的思路是贪心，按起点由小到大排序，同一起点的，按能够延伸的长度由长到短排序，这样我们从起点开始，每次选择能够延伸的最长的线段，当然这个线段的起点要在前一个区间的范围内，或者就是前一个区间的终点的下一个点（就是上面的例子那样），如果找不到起点在这个范围内或者是下一个点的线段，并且还没覆盖完全，输出“-1”。

#include <cstdio>#include <cstring>#include <iostream>#include <algorithm>using namespace std;int n,t;struct po{    int l,r;    int c;}a[150000];bool cmp(po x, po y){    if(x.l != y.l)    return x.l<y.l;    else return x.c > y.c;}int main(){    scanf("%d%d",&n,&t);int ok=0,ok2=0;    for(int i = 1; i <= n; i ++)    {        scanf("%d%d",&a[i].l,&a[i].r);        a[i].c = a[i].r - a[i].l;        if(a[i].l == 1) ok = 1;        if(a[i].r == t) ok2 = 1;    }    if(!ok||!ok2)    {        puts("-1");        return 0;    }    sort(a+1,a+n+1,cmp);    bool flag = 0;int ans = 0;    int  j = 0,st = 1;    int end = 1;    while(end < t)    {        for(int i = st; i <= n; i ++)        {            if(a[i].l <= j+1)            {                end = max(a[i].r,end);            }            else            {                st = i;                 break;            }        }        if(end == j)//两次找到的终点是同一个线段的终点，就说明无法继续向前延伸了        {            flag = 1;            break;        }        j = end;        ans ++;    }    if(flag)    puts("-1");    else cout <<ans<<endl;    return 0; }