Mayan游戏
来源:互联网 发布:淘宝企业店铺能转让吗 编辑:程序博客网 时间:2024/06/03 16:56
Mayan游戏
题目描述
Mayan puzzle是最近流行起来的一个游戏。游戏界面是一个 7 行5 列的棋盘,上面堆放着一些方块,方块不能悬空堆放,即方块必须放在最下面一行,或者放在其他方块之上。游戏通关是指在规定的步数内消除所有的方块,消除方块的规则如下:
1 、每步移动可以且仅可以沿横向(即向左或向右)拖动某一方块一格:当拖动这一方块时,如果拖动后到达的位置(以下称目标位置)也有方块,那么这两个方块将交换位置(参见输入输出样例说明中的图6 到图7 );如果目标位置上没有方块,那么被拖动的方块将从原来的竖列中抽出,并从目标位置上掉落(直到不悬空,参见下面图1 和图2);
2 、任一时刻,如果在一横行或者竖列上有连续三个或者三个以上相同颜色的方块,则它们将立即被消除(参见图1 到图3)。
注意:
a) 如果同时有多组方块满足消除条件,几组方块会同时被消除(例如下面图4 ,三个颜色为1 的方块和三个颜色为 2 的方块会同时被消除,最后剩下一个颜色为 2 的方块)。
b) 当出现行和列都满足消除条件且行列共享某个方块时,行和列上满足消除条件的所有方块会被同时消除(例如下面图5 所示的情形,5 个方块会同时被消除)。
3 、方块消除之后,消除位置之上的方块将掉落,掉落后可能会引起新的方块消除。注意:掉落的过程中将不会有方块的消除。
上面图1 到图 3 给出了在棋盘上移动一块方块之后棋盘的变化。棋盘的左下角方块的坐标为(0, 0 ),将位于(3, 3 )的方块向左移动之后,游戏界面从图 1 变成图 2 所示的状态,此时在一竖列上有连续三块颜色为4 的方块,满足消除条件,消除连续3 块颜色为4 的方块后,上方的颜色为3 的方块掉落,形成图 3 所示的局面。
输入输出格式
输入格式:输入文件mayan.in,共 6 行。
第一行为一个正整数n ,表示要求游戏通关的步数。
接下来的5 行,描述 7*5 的游戏界面。每行若干个整数,每两个整数之间用一个空格隔开,每行以一个0 结束,自下向上表示每竖列方块的颜色编号(颜色不多于10种,从1 开始顺序编号,相同数字表示相同颜色)。
输入数据保证初始棋盘中没有可以消除的方块。
输出格式:输出文件名为mayan.out。
如果有解决方案,输出 n 行,每行包含 3 个整数x,y,g ,表示一次移动,每两个整数之间用一个空格隔开,其中(x ,y)表示要移动的方块的坐标,g 表示移动的方向,1 表示向右移动,-1表示向左移动。注意:多组解时,按照 x 为第一关健字,y 为第二关健字,1优先于-1 ,给出一组字典序最小的解。游戏界面左下角的坐标为(0 ,0 )。
如果没有解决方案,输出一行,包含一个整数-1。
输入输出样例
31 02 1 02 3 4 03 1 02 4 3 4 0
2 1 13 1 13 0 1
说明
【输入输出样例说明】
按箭头方向的顺序分别为图6 到图11
样例输入的游戏局面如上面第一个图片所示,依次移动的三步是:(2 ,1 )处的方格向右移动,(3,1 )处的方格向右移动,(3 ,0)处的方格向右移动,最后可以将棋盘上所有方块消除。
【数据范围】
对于30% 的数据,初始棋盘上的方块都在棋盘的最下面一行;
对于100%的数据,0 < n≤5 。
题解:玄学的搜索题,我们考虑:如果两个非空的方块交换,我们只用考虑左边那个方块右移,而不用考虑右边方块左移的情况,这样就能做到右移优先。如果一个方块是空的,它的右边非空,我们就只用考虑它右边的方块左移,当枚举到它右边方块的时候也不需要再考虑左移的情况。直接DFS+各种剪枝优化。
Code:
#include<iostream>#include<algorithm>#include<cmath>#include<cstdlib>#include<cstring>#include<cstdio>using namespace std;struct T { int x,y,ops; }ans[10]; int st[10][10],n; bool empty(){ for(int i=0;i<5;i++) for(int j=0;j<7;j++) if(st[i][j]) return false; return true; } void drop() { int num[10][10]; memset(num,-1,sizeof num); for(int x=0;x<5;x++) { int h=0; for(int y=0;y<7;y++) if(st[x][y]) num[x][h++]=y; } for(int x=0;x<5;x++) for(int y=0;y<7;y++) st[x][y]=num[x][y]==-1?0:st[x][num[x][y]]; return; } bool clear(){ bool flag=0; for(int x=0;x<3;x++) for(int y=0;y<7;y++) if(st[x][y]) { int x2; for(x2=x;x2+1<5&&st[x2+1][y]==st[x][y];x2++); if(x2-x>=2) { int tx; for(tx=x;tx<=x2;tx++) { int up=y,down=y; while(up+1<7&&st[tx][up+1]==st[x][y])up++; while(down-1>=0&&st[tx][down-1]==st[x][y])down--; if(up-down>=2) { int ty; for(ty=down;ty<=up;ty++)st[tx][ty]=0; } } for(tx=x;tx<=x2;tx++)st[tx][y]=0; flag=1; } } for(int x=0;x<5;x++) for(int y=0;y<5;y++) if(st[x][y]) { int y2; for(y2=y;y2+1<7&&st[x][y2+1]==st[x][y];y2++); if(y2-y>=2) { int ty; for(ty=y;ty<=y2;ty++) { int left=x,right=x; while(left-1>=0&&st[left-1][ty]==st[x][y])left--; while(right+1<7&&st[right+1][ty]==st[x][y])right++; if(right-left>=2) { int tx; for(tx=left;tx<=right;tx++)st[tx][ty]=0; } } for(ty=y;ty<=y2;ty++)st[x][ty]=0; flag=1; } } if(flag) return true; else return false; } void dfs(int step){ if(step>n) { if(empty()) { for(int i=1;i<=n;i++) { if(ans[i].ops)printf("%d %d %d\n",ans[i].x+1,ans[i].y,-1); else printf("%d %d %d\n",ans[i].x,ans[i].y,1); } exit(0); } return; } int sum[12]; memset(sum,0,sizeof(sum)); for(int x=0;x<5;x++) for(int y=0;y<7;y++) sum[st[x][y]]++; for(int i=1;i<=10;i++) if(sum[i]!=0&&sum[i]<3) return; for(int x=0;x<4;x++) for(int y=0;y<7;y++) if(st[x][y]!=st[x+1][y]) { ans[step].x=x; ans[step].y=y; ans[step].ops=(!st[x][y]); int temp[10][10]; memcpy(temp,st,sizeof(temp)); swap(st[x][y],st[x+1][y]); drop(); while(clear())drop(); dfs(step+1); ans[step].x=ans[step].y=ans[step].ops=0; memcpy(st,temp,sizeof(st)); }}int main(){ scanf("%d",&n); for(int i=0;i<5;i++) for(int j=0;;j++) { scanf("%d",&st[i][j]); if(st[i][j]==0)break; } dfs(1); printf("-1\n"); return 0;}
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