HDU 4474 Yet Another Multiple Problem
来源:互联网 发布:可可通改号系统源码 编辑:程序博客网 时间:2024/06/05 10:26
题面
题意
题意,给出n和m个数,问是否存在一个n的倍数不包含这m个数,如果有则输出最小的,反之输出-1.
方法
BFS,按长度一位一位枚举,首先枚举0~9(能用的数)若还没有数与它除以n同余,就将记录在下标为该余数的数组中,并入队,反之不记录,因为如果存在一个比他先记录下来的数和它同余,那么一定较小且在后续操作中利用价值更高.
每次从队首取出元素,并在它后面加上一个数,若组成的新数除以n的余数也首次出现,则再将余数入队,并记录下新加入的数,再用一个pri数组记录它前面一个数
若队列为空则不存在,若有数取模后为0则根据pri数组一位一位找到那个数并输出.注意:一开始0不能入队,且要防止输出0.
代码
#include<iostream>#include<cstring>#include<queue>#include<cstdio>using namespace std;int T,n,m,tmp,pri[10010],used[10010],ans[1001000],aa=0;bool nu[10],have;vector<int>num;queue<int>que;int main(){ int i,j,k,p,q; while(~scanf("%d%d",&n,&m)) { T++; have=1; while(!que.empty()) que.pop(); memset(used,-1,sizeof(used)); memset(nu,0,sizeof(nu)); num.clear(); for(i=1;i<=m;i++) { scanf("%d",&p); nu[p]=1; } for(i=0;i<=9;i++) { if(nu[i]) continue; num.push_back(i); if(used[i%n]==-1&&i) { used[i%n]=i; pri[i%n]=-1; que.push(i%n); } } printf("Case %d: ",T); while(!que.empty()&&have) { tmp=que.front(); que.pop(); for(i=0;i<num.size();i++) { k=tmp*10+num[i]; if(!k) continue; k%=n; if(used[k]==-1) { pri[k]=tmp; used[k]=num[i]; que.push(k); } } if(used[0]!=-1) { aa=0; p=0; while(p!=-1) { aa++; ans[aa]=used[p]; p=pri[p]; } for(i=aa;i>=1;i--) { printf("%d",ans[i]); } printf("\n"); have=0; } } if(have) printf("-1\n"); }}
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