[YZOJ]P2417-[FJWC2016]翻转硬币-最短路建模
来源:互联网 发布:游戏程序员 职业规划 编辑:程序博客网 时间:2024/06/01 09:38
题意简述
给定一段01序列
建模和推倒
看着序列
我们知道可以利用差分数组优化区间修改,我们知道对每一位其取值只于翻转次数的奇偶性有关。更重要的是,我们关注操作本身,所以考虑直观反映操作的差分数组。
维护差分数组c[],对于每一位s[i],其操作次数为
把需要修改的这些位置整合为几个子区间。我们发现对一段区间翻转需要若干次首尾相连的区间操作,起点为左端点,终点为右端点。
然后有了一个想法:对于每个连续子序列,求出最少需要多少次才能翻转过来。我们发现这些操作组成一条单远单汇的路径,设每条路径的权值为1,就把这个最优化子问题转化为一个最短路问题。
通过最短路问题,我们知道这里我们实际上把端点之间的长度进行了打包。
但仔细验证正确性就会发现,这样并不是最优的。我们发现,实际上对于每个子序列的左右端点组成的序列,拆点后任意的一组匹配都是合法的,匹配的权值为打包后的路径长。
这里出现了一个最大权匹配的想法,但我不会写qwq。
考虑到端点个数不超过30,我们想到状压DP。记f[S]为当前已两两匹配的集合,转移方程很好想:
//不知道为什么常数贼大的代码。#include<cstdio>#include<algorithm>#include<cstring>#define R register#define cmin(_a,_b)(_a)>(_b)?(_a)=(_b):(0)#define max_n 10010#define max_m 105#define max_k 22using namespace std;int n,m,t;int num[max_n],pos[max_k];int len[max_m];int dis[max_k][max_k];int q[max_n],head,tail,d[max_n];int f[1<<22],tmp[max_k];int read(){ R int xx;R char ch; while(ch=getchar(),ch<'0'||ch>'9');xx=ch-'0'; while(ch=getchar(),ch>='0'&&ch<='9')xx=(xx<<1)+(xx<<3)+ch-'0'; return xx;}void bfs(int k){ memset(d,0,sizeof(d)); head=0,tail=1; q[1]=pos[k],d[q[1]]=1; R int i,u,v,cnt=1; while(head<tail&&cnt<t) { u=q[++head]; for(i=1;i<=m;++i) { if((v=u+len[i])<=n&&!d[v]) { d[v]=d[u]+1,q[++tail]=v; if(num[v]) dis[k][num[v]]=dis[num[v]][k]=d[v]-1,++cnt; } if((v=u-len[i])>=0&&!d[v]) { d[v]=d[u]+1,q[++tail]=v; if(num[v]) dis[k][num[v]]=dis[num[v]][k]=d[v]-1,++cnt; } } }}int main(){ R int i,j,k,h; R int S,full; n=read(),k=read(),m=read(); memset(dis,63,sizeof(dis)); for(i=1;i<=k;++i) { j=read(); num[j-1]^=1,num[j]^=1; } for(i=1;i<=m;++i) len[i]=read(); for(i=0,t=0;i<=n;++i) if(num[i]==1) pos[++t]=i,num[i]=t; for(i=1;i<=t;++i)bfs(i); full=(1<<t)-1; memset(f,63,sizeof(f)); f[0]=0; for(S=0;S<=full;++S) { k=S,h=0; for(i=0;i<t&&k;++i) { if(k&1)tmp[++h]=i; k>>=1; } for(i=1;i<=h;++i) for(j=i+1;j<=h;++j) cmin(f[S],f[S^(1<<tmp[i])^(1<<tmp[j])]+dis[tmp[i]+1][tmp[j]+1]); } if(f[full]<1e9)printf("%d",f[full]); else puts("-1"); return 0;}
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