12.04 Day10
来源:互联网 发布:黄一琳为什么开淘宝 编辑:程序博客网 时间:2024/05/16 05:16
T1.针老师
可以发现,对于一个确定的拓扑序可以分成三部分:
00000001111111122222222
其中1表示选择的一段
假设给每个点都设一个值col[i]=0/1/2,那么如果DAG中存在i->j的边,那么必定有co[i]<=col[j]。
于是可以网络流。类似bzoj3144的建图。
相当于分成了3层,把每个点拆成两个,建边i->i’,容量为base-w[i],s->i,容量为base,i’->T,容量为base,如果i->j有边,则建边i->j,容量为inf,i+n->j+n,容量为inf,则base*n-最小割就是答案。为什么呢?因为首先不可能割inf边,所以是一共割掉了n条边,把s->i的边叫做第一层(对应col为0),i->i’的边叫做第二层(对应col为1),i’->T的边叫做第三层(对应col为2)。则如果一个点割了第一层或第三层,代表的意义就是不选这个点,如果割的是第二层,就代表选这个点,因为(base-第一层的边权相当于原点的权值)。而如果i->j有边,就连一条inf边,就限制住了col[i]<=col[j]。画画图理解一下…
#include <cstdio>#include <cstring>#include <algorithm>#include <queue>using namespace std;#define ll long long#define inf 0x3f3f3f3f#define N 110inline int read(){ int x=0,f=1;char ch=getchar(); while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();} while(ch>='0'&&ch<='9') x=x*10+ch-'0',ch=getchar(); return x*f;}int n,m,h[N],num=1,T=101,lev[N],cur[N],ans=0;struct edge{ int to,next,val;}data[12000];inline void add(int x,int y,int val){ data[++num].to=y;data[num].next=h[x];h[x]=num;data[num].val=val; data[++num].to=x;data[num].next=h[y];h[y]=num;data[num].val=0;}inline bool bfs(){ queue<int>q;memset(lev,0,sizeof(lev)); q.push(0);lev[0]=1; while(!q.empty()){ int x=q.front();q.pop(); for(int i=h[x];i;i=data[i].next){ int y=data[i].to;if(lev[y]||!data[i].val) continue; lev[y]=lev[x]+1;q.push(y); } }return lev[T];}inline int dinic(int x,int low){ if(x==T) return low;int tmp=low; for(int &i=cur[x];i;i=data[i].next){ int y=data[i].to;if(lev[y]!=lev[x]+1||!data[i].val) continue; int res=dinic(y,min(tmp,data[i].val)); if(!res) lev[y]=0;else tmp-=res,data[i].val-=res,data[i^1].val+=res; if(!tmp) return low; }return low-tmp;}int main(){ freopen("truth.in","r",stdin); freopen("truth.out","w",stdout); n=read();m=read();int base=1000; for(int i=1;i<=n;++i) add(0,i,base),add(i+n,T,base),add(i,i+n,base-read()); while(m--){ int x=read(),y=read();add(x,y,inf);add(x+n,y+n,inf); }while(bfs()){memcpy(cur,h,sizeof(cur));ans+=dinic(0,inf);} printf("%d\n",n*base-ans); return 0;}
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