《编程之美》读书笔记——“求二进制数中1的个数”（转自http://blog.csdn.net/justpub/article/details/2292823）

 

 《编程之美——微软技术面试心得》读书笔记

“求二进制数中1的个数”

by ZelluX 

 

由电子工业出版社博文视点和w3china.org社区联合举办了“看样章, 写书评, 赢取《编程之美——微软技术面试心得》的活动”，详情请见：http://bbs.w3china.org/dispbbs.asp?boardID=42&ID=61162

大家踊跃参加，活动非常热烈。下面文章来自读者ZelluX：

 求二进制中1的个数。对于一个字节（8bit）的变量，求其二进制表示中"1"的个数，要求算法的执行效率尽可能的高。

先来看看样章上给出的几个算法：

解法一，每次除二，看是否为奇数，是的话就累计加一，最后这个结果就是二进制表示中1的个数。

解法二，同样用到一个循环，只是里面的操作用位移操作简化了。

   1:  int Count(int v)   
   2:  {   
   3:      int num = 0;
   4:      while (v) {   
   5:          num += v & 0x01;   
   6:          v >>= 1;   
   7:      }   
   8:      return num;   
   9:  } 

解法三，用到一个巧妙的与操作，v & (v -1 )每次能消去二进制表示中最后一位1，利用这个技巧可以减少一定的循环次数。

解法四，查表法，因为只有数据8bit，直接建一张表，包含各个数中1的个数，然后查表就行。复杂度O(1)。

   1:  int countTable[256] = { 0, 1, 1, 2, 1, ..., 7, 7, 8 };   
   2:      
   3:  int Count(int v) {   
   4:      return countTable[v];   
   5:  }
   
好了，这就是样章上给出的四种方案，下面谈谈我的看法。

首先是对算法的衡量上，复杂度真的是唯一的标准吗？尤其对于这种数据规模给定，而且很小的情况下，复杂度其实是个比较次要的因素。

查表法的复杂度为O(1)，我用解法一，循环八次固定，复杂度也是O(1)。至于数据规模变大，变成32位整型，那查表法自然也不合适了。

其次，我觉得既然是这样一个很小的操作，衡量的尺度也必然要小，CPU时钟周期可以作为一个参考。

解法一里有若干次整数加法，若干次整数除法（一般的编译器都能把它优化成位移），还有几个循环分支判断，几个奇偶性判断（这个比较耗时间，根据CSAPP上的数据，一般一个branch penalty得耗掉14个左右的cycle），加起来大概几十个cycle吧。

再看解法四，查表法看似一次地址计算就能解决，但实际上这里用到一个访存操作，而且第一次访存的时候很有可能那个数组不在cache里，这样一个cache miss导致的后果可能就是耗去几十甚至上百个cycle（因为要访问内存）。所以对于这种“小操作”，这个算法的性能其实是很差的。

这里我再推荐几个解决这个问题的算法，以32位无符号整型为例。

   1:  int Count(unsigned x) {   
   2:     x = x - ((x >> 1) & 0x55555555);    
   3:     x = (x & 0x33333333) + ((x >> 2) & 0x33333333);    
   4:     x = (x + (x >> 4)) & 0x0F0F0F0F;    
   5:     x = x + (x >> 8);    
   6:     x = x + (x >> 16);    
   7:     return x & 0x0000003F;    
   8:  } 
   
这里用的是二分法，两两一组相加，之后四个四个一组相加，接着八个八个，最后就得到各位之和了。

还有一个更巧妙的HAKMEM算法

   1:  int Count(unsigned x) {
   2:     unsigned n;    
   3:      
   4:     n = (x >> 1) & 033333333333;    
   5:     x = x - n;   
   6:     n = (n >> 1) & 033333333333;   
   7:     x = x - n;    
   8:     x = (x + (x >> 3)) & 030707070707;   
   9:     x = modu(x, 63);  
   10:     return x;   
   11:  } 
   
首先是将二进制各位三个一组，求出每组中1的个数，然后相邻两组归并，得到六个一组的1的个数，最后很巧妙的用除63取余得到了结果。

因为2^6 = 64，也就是说 x_0 + x_1 * 64 + x_2 * 64 * 64 = x_0 + x_1 + x_2 (mod 63)，这里的等号表示同余。

这个程序只需要十条左右指令，而且不访存，速度很快。

由此可见，衡量一个算法实际效果不单要看复杂度，还要结合其他情况具体分析。

关于后面的两道扩展问题，问题一是问32位整型如何处理，这个上面已经讲了。

问题二是给定两个整数A和B，问A和B有多少位是不同的。

这个问题其实就是数1问题多了一个步骤，只要先算出A和B的异或结果，然后求这个值中1的个数就行了。

总体看来这本书还是很不错的，比较喜欢里面针对一个问题提出不同算法并不断改进的风格。这里提出一点个人的理解，望大家指正 ;-)