poj 1284
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转自:http://www.cnblogs.com/ACShiryu/archive/2011/08/06/poj1284.html
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题意:
就是给出一个奇素数,求出他的原根的个数。
定义:n的原根x满足条件0<x<n,并且有集合{ (xi mod n) | 1 <= i <=n-1 } 和集合{ 1, ..., n-1 }相等
定理:如果p有原根,则它恰有φ(φ(p))个不同的原根,p为素数,当然φ(p)=p-1,因此就有φ(p-1)个原根
首先要明确一点:p的元根必然是存在的(这一点已由Euler证明,此处不再赘述),因此,不妨设其中的一个元根是a0(1<=a0<=p-1)
按照题目的定义,a0^i(1<=i<=p-1) mod p的值是各不相同的,再由p是素数,联系Fermat小定理可知:q^(p-1) mod p=1;(1<=q<=p-1)(这个在下面有用)
下面证明,如果b是p的一个异于a的元根,不妨令b与a0^t关于p同余,那么必然有gcd(t,p-1)=1,亦即t与p-1互质;反之亦然;
证明:
若d=gcd(t,p-1)>1,令t=k1*d,p-1=k2*d,则由Fermat可知
(a0^(k1*d))^k2 mod p=(a0^(k2*d))^(k1) mod p=(a0^(p-1))^(k1) mod p=1
再由b=a0^t (mod p),结合上面的式子可知:
(a0^(k1*d))^k2 mod n=b^k2 mod p=1;
然而b^0 mod p=1,所以b^0=b^k2 (mod p),所以b^i mod p的循环节=k2<p-1,因此这样的b不是元根;
再证,若d=gcd(t,p-1)=1,即t与p-1互质,那么b必然是元根;
否则假设存在1<=j<i<=p-1,使得b^j=b^i (mod p),即a0^(j*t)=a0^(i*t) (mod p),由a0是元根,即a0的循环节长度是(p-1)可知,(p-1) | (i*t-j*t)->(p-1) | t*(i-j),由于p与
t互质,所以(p-1) | (i-j),但是根据假设,0<i-j<p-1,得出矛盾,结论得证;
由上面的两个证明可知b=a0^t (mod p),是一个元根的充要条件是t与p-1互质,所有的这些t的总个数就是Phi(p-1);
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- using namespace std;
- int Euler ( int n )
- {
- int i, ret = n;
- for ( i = 2; i * i <= n; i++ )
- {
- if ( n % i == 0 )
- {
- n /= i;
- ret = ret - ret / i;
- while ( n % i == 0 )
- n = n / i;
- }
- }
- if ( n > 1 )
- ret = ret - ret / n;
- return ret;
- }
- int main()
- {
- int p;
- while ( scanf("%d",&p) != EOF )
- printf("%d\n",Euler(p-1));
- return 0;
- }
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