HDU 1159 Common Subsequence
来源:互联网 发布:欢乐颂2网络播出时间 编辑:程序博客网 时间:2024/05/22 01:59
题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1159
思路:dp 最长公共子序列问题
记 Xi=﹤x1,⋯,xi﹥即X序列的前i个字符 (1≤i≤m)
Yj=﹤y1,⋯,yj﹥即Y序列的前j个字符 (1≤j≤n)
假定Z=﹤z1,⋯,zk﹥∈LCS(X , Y)。
若Xm=Yn(最后一个字符相同),则不难用反证法证明:该字符必是X与Y的任一最长公共子序列Z(设长
度为k)的最后一个字符,即有Zk =Xm =Yn 且显然有Zk-1∈LCS(Xm-1 , Yn-1)即Z的前缀Zk-1是Xm-1与Yn-1的最长公
共子序列。
若Xm≠Yn,则亦不难用反证法证明:要么Z∈LCS(Xm-1, Y),要么Z∈LCS(X , Yn-1)。
由于Zk≠Xm与Zk≠Yn其中至少有一个必成立,若Zk≠Ym则有Z∈LCS(Xm-1 , Y),类似的,
若Zk≠Yn 则有Z∈LCS(X , Yn-1)
若Xm=Yn,则问题化归成求Xm-1与Yn-1的LCS(LCS(X , Y)的长度等于LCS(Xm-1 , Yn-1)的长度加1)
若Xm≠Yn 则问题化归成求Xm-1与Y的LCS及X与Yn-1的LCS
LCS(X , Y)的长度为:max{LCS(Xm-1 , Y)的长度, LCS(X , Yn-1)的长度}求LCS(Xm-1 , Y)的长度与LCS(X , Yn-1)的长度
这两个问题不是相互独立的:
两者都需要求LCS(Xm-1,Yn-1)的长度,另外两个序列的LCS中包含了两个序列的前缀的LCS,故问题具有最优
子结构性质 考虑用动态规划法。
引进一个二维数组C,用C[i,j]记录Xi与Yj的LCS的长度如果我们是自底向上进行递推计算,那么在计算C[i,j]
之前,C[i-1,j-1], C[i-1,j]与C[i,j-1]均已计算出来。此时我们
根据X[i]=Y[j]还是X[i]≠Y[j],就可以计算出C[i,j]:
若X[i]=Y[j],则执行C[i,j]←C[i-1,j-1]+1;若X[i]≠Y[j],则根据:
C[i-1,j]≥C[i,j-1],则C[i,j]取C[i-1,j];否则C[i,j]取C[i,j-1]。
代码:
#include<stdio.h>#include<string.h>#define N 1000int dp[N][N];char a[N],b[N];int main(){ int la,lb,i,j; while(scanf("%s%s",a,b)!=EOF) { la=strlen(a);lb=strlen(b); for(i=0;i<=la;i++) dp[i][0]=0; for(i=0;i<=lb;i++) dp[0][i]=0; for(i=0;i<la;i++) for(j=0;j<lb;j++) { if(a[i]==b[j]) dp[i+1][j+1]=dp[i][j]+1; else { if(dp[i+1][j]>dp[i][j+1]) dp[i+1][j+1]=dp[i+1][j]; else dp[i+1][j+1]=dp[i][j+1]; } } printf("%d\n",dp[la][lb]); } return 0;}
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