poj1201&zoj1508Intervals(差分约束)
来源:互联网 发布:阿里云code 怎么使用 编辑:程序博客网 时间:2024/05/17 02:27
题目请戳这里
题目大意:给定n个整数闭区间[ai,bi]和n个正整数ci,求一个正整数集合Z,要求Z与[ai,bi]交集的元素个数不小于c,Z中元素最小个数。
题目分析:差分约束。首先记录下所有集合的最右端点为st,记Si为0-i的所有正整数,那么Z最大为st。先假设Z为0-st的所有元素的集合,然后根据给定的约束关系慢慢缩小。
对于区间[ai,bi],Z与之交集至少为ci,那么得到约束关系:Sbi - Sai - 1 >= ci,即Sai-1 - Sbi <= -ci,点bi,ai-1建一条边,权值-ci。一共n个约束关系。
但仅仅这n个约束关系是不够的。对于某个点i,可以在Z中,也可以不在Z中,当i在Z中的时候有Si - Si-1 = 1,当i不在Z中的时候有Si - Si-1 = 0。所以对于每个点又有2个约束关系:0<= Si - Si-1 <= 1。
题目所要求的是Z中元素最小个数,假设所有区间最左断点为ed,那么Sst - Sed-1即为所求,以st为源点跑一遍最短路即可。
trick:区间端点是从0开始取的,所以下标再减1就会RE,解决办法是输入区间的时候同时右移一位,不影响结果的。
详情请见代码:
#include <iostream>#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>using namespace std;const int N = 1000005;const int inf = 0x3f3f3f3f;int n;int head[N];bool flag[N];struct node{ int to,next,val;}g[N<<1];int num;int queue[N];int front,rear;int dis[N];int st,ed;void build(int s,int e,int v){ g[num].to = e; g[num].val = v; g[num].next = head[s]; head[s] = num ++;}void SPFA(){ int i; for(i = ed-1;i <= st;i ++)//这里要从ed-1开始初始化,因为ed-1这个点也是有可能进队的,poj无所谓,zoj数据貌似强些,少了这个初始化不让过。。。 { dis[i] = inf; flag[i] = false; } dis[st] = 0; flag[st] = true; front = rear = 0; queue[rear ++] = st; while(front < rear) { int u = queue[front++]; flag[u] = false; for(i = head[u];i != -1;i = g[i].next) { if(dis[g[i].to] > dis[u] + g[i].val) { dis[g[i].to] = dis[u] + g[i].val; if(flag[g[i].to] == false) { flag[g[i].to] = true; queue[rear ++] = g[i].to; } } } }}int main(){ int i,a,b,c; while(~scanf("%d",&n)) { st = 0;ed = N; num = 0; memset(head,-1,sizeof(head)); for(i = 1;i <= n;i ++) { scanf("%d%d%d",&a,&b,&c); a ++;b ++; if(st < b) st = b; if(ed > a) ed = a; build(b,a - 1,-c); } for(i = ed;i <= st;i ++) { build(i - 1,i,1); build(i,i - 1,0); } SPFA(); printf("%d\n",dis[st] - dis[ed - 1]); } return 0;}//8456K297MS
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