【程序员编程艺术】学习记录3：字符串包含问题

题目：
假设这有一个各种字母组成的字符串A，和另外一个字符串B，字符串里B的字母数相对少一些。什么方法能最快的查出所有小字符串B 里的字母在大字符串A里都有？
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方法一:双循环比较法（轮询法）
伪代码：

for(i = 0; i < ShortString.length(); i++){    for(j = 0; j < LongString.length(); j++)    {        if(LongString[j] == ShortString[i])        {            break;        }    }    if(j == LongString.length)//这个有些巧妙    {        B中有A中没有的字符    }}反之B中有的字符，A中都可以找到

复杂度：O(n*m)时间开销过大
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方法二、排序+轮询法
先对两个字符串的字母进行排序，之后同时对两个字符串依次线性扫描轮询
伪代码：

#include <algorithm>sort(ShortString,ShortString + ShortString.length);sort(LongString, LongString + LongString.length);void compare(string str1, string str2){    int i = 0;    int j = 0;    while(j < str2.length() && i < str1.length())    {        while(str1[i] < str2[j] && i < str1.length() - 1)        {            i++; //如果相等，则不需要动，如果小再动        }        if(str1[i] != str2[j])            break;        j++;    }    if(j == str2.length())    {        B中有的字符，A中都能找到    }    else    {        B中有A种没有的字符    }}

注意：这里解决了一个如果存在相同字符问题，一定要注意不能直接i++，j++,字符类题目一定要注意考虑字符相同的情况，该算法的复杂度为O(mlogm) + O(nlogn) + O(m+n)
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方法三、哈希表
思路1：将短的字符串存储在哈希表hashTable中，对于字符串中字符为1，并且用num统计1的个数cnt之后再扫描长字符串的每个字符，若原来hashTable[*pHashKey]为1时，我们修改为0，且将cnt减去1，否则不处理；若cnt == 0或者扫描结束，循环结束；
伪代码：

bool  is_contain(string LongStr, string ShortStr){    bool is_pipei = false;    const  int tableSize = 256;    unsigned int hashTable[tableSize];    int i,cnt = 0;    for(i = 0; i < tableSize; i++)    {        hashTable[i] = 0;    }    for(i = 0; i < ShortStr.length(); i++)    {        hashTable[i] = 1;        cnt ++;    }    for(i = 0; i < LongStr.length(); i++)    {        if(hashTable[LongStr[i]] == 1)        {            hashTable[LongStr[i]] = 0;            cnt --;        }    }    if(cnt == 0)    {        is_pipei = true;    }    return is_pipei;}

思路2：其实可以根据存储长的字符串，对于哈希表值为1，之后再去扫描短字符串中的每个字符，如果存在哈希表值为0，则说明短字符中存在长字符中不含有的字符，反之不存在。
伪代码：

bool is_contain(char *src, char *des) {     bool is_pipei = true; //创建一个哈希表，并初始化    const int tableSize = 256;     int hashTable[tableSize];     int len1,len2,i;     for(i=0; i< tableSize; i++)         hashTable[i] = 0;     len1 = strlen(src);     for(i=0; i< len1; i++)         hashTable[src[i]] = 1;     len2 = strlen(des);     for(i=0; i< len2; i++)         {             if(hashTable[des[i]] == 0)                 is_pipei = false; //匹配失败         }         return is_pipei; //匹配成功}

复杂度为O(m+n)
方法四：数组存储法
首先标记短字符串中有哪些字符，则在store数组中标记为true，store数组其实就是起到一个映射的作用；之后遍历长字符串，如果为true的则辩称false，否则不处理；最后遍历store数组，如果所有元素都是false那么说明短字符串中元素长字符串中全部有，否则没有。
伪代码：

bool store[maxn];memset(store, false, 58);for(i = 0; i < len1; i++){    store[short[i] - 65] = true;}for(i = 0; i < len2; i++){    if(store[long[i] - 65] != false)        store[long[i] - 65] = false;}for(i = 0; i < maxn; i++){    if(store[i] != false)    {        短字符中有长字符中没有的字符;        break;    }    if(i == len2-1)//其实也可以通过return来完成    {        短字符中没有长字符中没有的字符;    }}

复杂度为O(m+n)
方法5：O(n)到O(m+n)的素数方法
思路：
① 定义最小的26 个素数分别与字符'A'到'Z'对应。
② 遍历长字符串，求得每个字符对应素数的乘积。
③ 遍历短字符串，判断乘积能否被短字符串中的字符对应的素数整除。
伪代码：

#include<iostream>#include<string>using namespace std;const int primeNumber[26] = {2,3,5,7,11,13,17,19,23,29,31,37,41,43,47,53,59,61,67,71,73,79,83,89,91,97,101};bool is_contain(string str1, string str2){    int product = 1;    //遍历长字符串    for(int i = 0; i < str1.length(); i++)    {        int index = str1[i] - 'A';        product *= primeNumber[i];    }    //遍历短字符串    for(int j = 0; j < str2.length(); j++)    {        int index = str2[j] - 'A';        if(product % primeNumber[j] != 0)            return 0;    }    return 1;}

纸质手写代码易犯错误：
① 91不是素数
② product初始化为1，不是0
待改进地方
这个程序虽然很巧妙，运用数学知识降低了时间复杂度
1.只考虑大写字符，如果考虑小写字符和数组的话，素数数组需要更多素数
2.没有考虑重复的字符，可以加入判断重复字符的辅助数组。
<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<<完结于2014.7.26 11:42