BFS HDU1728
来源:互联网 发布:gfx在mac上用不起 编辑:程序博客网 时间:2024/06/13 13:21
,做了好久了。WA了好多次。。。,不过终于不是水题了
开始的时候想着每个点都保存他前面一个点,因为当他转弯时一定不会跟他前面的前面的那个点相同。发现WA了。
后来测试了下。发现确实过不了的。因为这样不能保证转的弯是最少的
后来一想。既然要转弯少。那就一条道走到黑吧。每个方向都走到底。AC了
代码虐我千百遍,我待代码如初恋
逃离迷宫
Time Limit: 1000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 15512 Accepted Submission(s): 3770
Problem Description
给定一个m × n (m行, n列)的迷宫,迷宫中有两个位置,gloria想从迷宫的一个位置走到另外一个位置,当然迷宫中有些地方是空地,gloria可以穿越,有些地方是障碍,她必须绕行,从迷宫的一个位置,只能走到与它相邻的4个位置中,当然在行走过程中,gloria不能走到迷宫外面去。令人头痛的是,gloria是个没什么方向感的人,因此,她在行走过程中,不能转太多弯了,否则她会晕倒的。我们假定给定的两个位置都是空地,初始时,gloria所面向的方向未定,她可以选择4个方向的任何一个出发,而不算成一次转弯。gloria能从一个位置走到另外一个位置吗?
Input
第1行为一个整数t (1 ≤ t ≤ 100),表示测试数据的个数,接下来为t组测试数据,每组测试数据中,
第1行为两个整数m, n (1 ≤ m, n ≤ 100),分别表示迷宫的行数和列数,接下来m行,每行包括n个字符,其中字符'.'表示该位置为空地,字符'*'表示该位置为障碍,输入数据中只有这两种字符,每组测试数据的最后一行为5个整数k, x1, y1, x2, y2 (1 ≤ k ≤ 10, 1 ≤ x1, x2 ≤ n, 1 ≤ y1, y2 ≤ m),其中k表示gloria最多能转的弯数,(x1, y1), (x2, y2)表示两个位置,其中x1,x2对应列,y1, y2对应行。
第1行为两个整数m, n (1 ≤ m, n ≤ 100),分别表示迷宫的行数和列数,接下来m行,每行包括n个字符,其中字符'.'表示该位置为空地,字符'*'表示该位置为障碍,输入数据中只有这两种字符,每组测试数据的最后一行为5个整数k, x1, y1, x2, y2 (1 ≤ k ≤ 10, 1 ≤ x1, x2 ≤ n, 1 ≤ y1, y2 ≤ m),其中k表示gloria最多能转的弯数,(x1, y1), (x2, y2)表示两个位置,其中x1,x2对应列,y1, y2对应行。
Output
每组测试数据对应为一行,若gloria能从一个位置走到另外一个位置,输出“yes”,否则输出“no”。
Sample Input
25 5...***.**...........*....1 1 1 1 35 5...***.**...........*....2 1 1 1 3
Sample Output
noyes
#include <stdio.h>#include <stdlib.h>#include <malloc.h>#include <limits.h>#include <string.h>#include <string>#include <math.h>#include <algorithm>#include <iostream>#include <queue>#include <stack>#include <deque>#include <vector>#include <set>using namespace std;#define MAXN 100 + 10char map[MAXN][MAXN];int vis[MAXN][MAXN];int fx,fy;int m,n;int k;int xx[4] = {0,0,-1,1};int yy[4] = {1,-1,0,0};struct node{ int x; int y; int count;};void BFS(int a,int b){ queue<node>q; node front; node rear; int i; front.x = a; front.y = b; front.count = -1; q.push(front); int mark = 0; while(!q.empty()){ front = q.front(); q.pop(); if(front.x==fx && front.y==fy){ if(front.count <= k){ mark = 1; printf("yes\n"); } else{ mark = 1; printf("no\n"); } break; } rear.count = front.count+1; for(i=0;i<4;i++){ int dx = front.x+xx[i]; int dy = front.y+yy[i]; while(dx>=0&&dx<m&&dy>=0&&dy<n&&map[dx][dy]!='*'){ if(vis[dx][dy] == 0){ vis[dx][dy] = 1; rear.x = dx; rear.y = dy; q.push(rear); } dx+=xx[i]; dy+=yy[i]; } } } if(mark == 0){ printf("no\n"); }}int main(){ int T,i; int x,y,x1,y1,x2,y2; scanf("%d",&T); while(T--){ memset(vis,0,sizeof(vis)); scanf("%d%d",&m,&n); for(i=0;i<m;i++){ scanf("%s",map[i]); } scanf("%d",&k); scanf("%d%d",&y1,&x1); scanf("%d%d",&y2,&x2); x = x1-1; y = y1-1; fx = x2-1; fy = y2-1; vis[x][y] = 1; BFS(x,y); } return 0;}
0 0
- HDU1728 BFS
- BFS hdu1728
- BFS HDU1728
- hdu1728 逃离迷宫(bfs)
- HDU1728:逃离迷宫(BFS)
- hdu1728逃离迷宫(bfs)
- HDU1728:逃离迷宫(BFS)
- HDU1728 逃离迷宫 BFS
- hdu1728 逃离迷宫 bfs
- HDU1728 逃离迷宫 【BFS】
- HDU1728 (BFS)
- HDU1728 逃离迷宫【BFS】
- hdu1728逃离迷宫 bfs
- hdu1728 (直撞bfs)
- HDU1728:逃离迷宫【BFS】
- HDU1728 逃离迷宫(BFS)
- HDU1728 逃离迷宫BFS
- hdu1728 逃离迷宫--BFS
- php表单操作
- stringstream对基本类型之间的方便转化
- AFNetworking 2.x 的SSL身份认证
- 黑马程序员——接口、多态、构造函数
- Spring 系列: Spring 框架简介
- BFS HDU1728
- Qt自定义sleep延时函数
- UDP通信写FLASH前必须先擦除
- 硬盘
- JVM内存管理学习整理
- POJ-1386 Play on Words
- Inside Geometry Instancing(上)
- Mate7对决Note4:华为三星的精品之战
- 划分查找