HDU 2639 Bone Collector II
来源:互联网 发布:弹幕娘软件 编辑:程序博客网 时间:2024/06/06 04:33
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题意:有一个背包,体积v~1000,n~100个物品,第k~30大,物品都有体积和价值,求背包的第k大的价值。并且要求价值一样但是方式不一样的算作是一种价值,就是k个价值是严格不一样的。
题解:基本的第k大的01背包。dp多一维,在dp方程时,还是先扫物品,然后更新j,但是更新j不是一个式子了,需要弄k个:考虑不使用当前i的前k大,在考虑强制使用当前i的前k大,最后总和排重出一个前k大。并且这样的k大跟我平时的书写习惯不太一样,因为输出时要求是“在体积v内所能达到价值第k大的”,并不是都要刚好用到v,因此在dp的定义要用成:体积在j之下所能够达到的最大的值。这样反应带dp的初始化上,就是最大的那一层不管用的体积j是多少都初始化为0。
重点:第k大背包的标准o(k)解法
#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstring>#include <string>#include <cmath>#include <ctype.h>#include <limits.h>#include <cstdlib>#include <algorithm>#include <vector>#include <queue>#include <map>#include <stack>#include <set>#include <bitset>#define CLR(a) memset(a, 0, sizeof(a))#define REP(i, a, b) for(int i = a;i < b;i++)#define REP_D(i, a, b) for(int i = a;i <= b;i++)typedef long long ll;using namespace std;int dp[1000 + 10][50], n, tot, k, cost[110], val[110];//dp中多一维,用来记录kint a[50], b[50];void getDp(){ for(int i = 0;i <= tot;i++) { dp[i][1] = 0;//初始化的不同,体积i之内能够达到的最大体积 for(int j = 2;j <= k;j++) { dp[i][j] = -1;//第二三等等之后目前都是-1,因为不能够重复 } } for(int i = 1;i <= n;i++) { for(int j = tot;j >= 0;j--)//前两层和01背包正常的是一样的。 { for(int m = 1;m <= k;m++)//需要k个一起来,因为分成了强制使用i和不使用i的情况。 { a[m] = dp[j][m]; if(j>=cost[i]&&dp[j-cost[i]][m]!=-1) b[m] = dp[j-cost[i]][m]+val[i]; else b[m] = -1; } //a[k + 1] = b[k + 1] = -1; int a_i = 1, b_i = 1, c_i = 1;//把a和b两种情况合并成一个,能够保证a和b一定不会大于k while(c_i<=k) {// if(a_i > k || b_i > k)// {// printf("sdafsad");// } int l = a[a_i]; int r = b[b_i]; if(l == r)//相等时只能够算一个 { dp[j][c_i] = l; a_i++; b_i++; } else if(l < r) { dp[j][c_i] = r; b_i++; } else { dp[j][c_i] = l; a_i++; } c_i++; } } }}void solve(){ getDp(); int ans = 0; ans = max(0, dp[tot][k]); printf("%d\n", ans);}int main(){ // freopen("5Ein.txt", "r", stdin); //freopen("5Eout.txt", "w", stdout); int ncase; scanf("%d", &ncase); while(ncase--) { scanf("%d%d%d", &n, &tot, &k); REP_D(i, 1, n) { scanf("%d", &val[i]); } REP_D(i, 1, n) { scanf("%d", &cost[i]); } solve(); } return 0;}
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