poj1947Rebuilding Roads（树形dp）

题目：poj1949Rebuilding Roads
题意：给出一棵树，问现在要得到一颗有p个节点的子树，需要最少减掉几条边？

分析：
首先可以明确是一个树形dp题目，状态也很好定义：
dp【root】【j】：以root为根节点的子树，得到 j 个节点的子树需要最少减掉的边数，注意子树中必须保留root节点。否则无法dp
那么很明显的边界条件dp【root】【1】 = num（儿子的个数），因为要只剩一个节点的子树，那么所有的孩子都减掉，这样就为儿子的个数。
那么状态转移方程呢
dp【root】【i】 = min（dp【root】【i-k】+dp【child】【k】 - 1，dp【root】【i】）；
其实就是要得到一个i个节点的子树，枚举所有的孩子为k个节点的，当前root保留 i-k 个节点，然后把root和child之间之前被剪断的连接起来，所以这里要减1
注意一些边界条件就OK了
AC代码：

#include <cstdio>#include <cstdlib>#include <ctime>#include <cstring>#include <algorithm>#include <map>#include <vector>using namespace std;const int N = 200;const int inf = 0x3f3f3f3f;int dp[N][N];vector<int> v[N];int num[N];int sum[N];  ///i为根的树中所有孩子的数目,包括本身void dfs(int root){    sum[root] = 1;///注意这里    if(v[root].size()==0)    {        dp[root][1] = 0;        sum[root] = 1;        return ;    }    for(int i=0;i<v[root].size();i++)    {        int child = v[root][i];        dfs(child);        sum[root]+=sum[child];        for(int j = sum[root];j>0;j--)        {            for(int s = 1; s < j ; s++ )            {                dp[root][j] = min(dp[root][j-s]+dp[child][s]-1,dp[root][j]);            }        }    }}int main(){    int n,m;    while(~scanf("%d%d",&n,&m))    {        memset(num,0,sizeof(num));        memset(sum,0,sizeof(sum));        memset(dp,inf,sizeof(dp));        for(int i=1;i<n;i++)        {            int x,y;            scanf("%d%d",&x,&y);            v[x].push_back(y);            num[x]++;        }        for(int i=1;i<=n;i++)            dp[i][1] = num[i];        dfs(1);        int ans = dp[1][m];        for(int i=2;i<=n;i++)            ans = min(ans,dp[i][m]+1);        printf("%d\n",ans);        for(int i=0;i<=n;i++)            v[i].clear();    }    return 0;}