Leetcode 201 Bitwise AND of Numbers Range

Given a range [m, n] where 0 <= m <= n <= 2147483647, return the bitwise AND of all numbers in this range, inclusive.

For example, given the range [5, 7], you should return 4.

这道题能找到规律之后会变得非常简单。其实规律很简单，只需要找到n和m的二进制表示里第一个不相同的位，然后把之后的数据全部都抹成0即可(包括第一个不相同的位)，至于为什么的话，因为从m到n，如果把每个数都与起来，其实也就是会把所有0出现过的位给清掉了，只要出现一次就会清掉。假设二进制表示里第一个不相同的位是t，那么从m到n的过程中，从第0到第t位（从右边数起），每一位都会出现一次0（证明我不在行，我是没找到反例）。
比如说5到7，
总共是3个数：
【5，6，7】
二进制表示分别为：
【101，110，111】
第0位到第1位都有0出现过，所以最终结果会把这两位都清为0，即100，也就是4。
在求n和m第一个不相同的位的时候，我用到了异或运算，还有利用n&(n-1)清最右边的一个1的技巧，具体看代码吧（果然代码就是最好的注释）。

class Solution {public:    int getMediaOpVal(int val)    {        int nOpVal = 0;        while(val)        {            nOpVal = val;            val = val & (val - 1);        }        nOpVal = (nOpVal << 1) - 1;        return nOpVal;    }    int rangeBitwiseAnd(int m, int n) {        if(n == m)            return n;        int nMedia = m ^ n;        int nOpVal = getMediaOpVal(nMedia);        return n & (~nOpVal);    }};

查了一下别人的解法，用到的思路是一样的，都是要找到第一个不相同的位，然后清掉后面的值，只不过技巧不同，看起来比我这个更秀气一些，具体代码如下：

class Solution {public:    int rangeBitwiseAnd(int m, int n) {        int nBitOffset = 0;        while(m && n)        {            if(m == n)            {                return n << nBitOffset;            }            m >>= 1;            n >>= 1;            nBitOffset++;        }        return 0;    }};

最后发现这个代码比我自己做的要慢，想了想，确实会如此，我自己的方法关心的是第一个不相同的位之后的1的个数，1的个数比较少的话，那么val&(val-1)会大大加快运算速度，而找到的这个做法不是关心1的个数，而是只关心第一个不相同的位是在什么地方，所以当n和m异或出来的结果1的个数比较稀疏的话，那么我这个方法就会很有优势，如果不是的话，那么基本上效率是差不多的。