kyeremal-bzoj2038-[2009国家集训队]-小z的袜子(hose)-莫队算法
来源:互联网 发布:淘宝首页代码 编辑:程序博客网 时间:2024/04/27 22:57
bzoj2038-[2009国家集训队]-小z的袜子(hose)
Notice:省选季快乐&另求历年World Final数据,谢谢&OJ试题突破3000大关!
2038: [2009国家集训队]小Z的袜子(hose)
Time Limit: 20 Sec Memory Limit: 259 MBSubmit: 3673 Solved: 1702
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Description
作为一个生活散漫的人,小Z每天早上都要耗费很久从一堆五颜六色的袜子中找出一双来穿。终于有一天,小Z再也无法忍受这恼人的找袜子过程,于是他决定听天由命……
具体来说,小Z把这N只袜子从1到N编号,然后从编号L到R(L 尽管小Z并不在意两只袜子是不是完整的一双,甚至不在意两只袜子是否一左一右,他却很在意袜子的颜色,毕竟穿两只不同色的袜子会很尴尬。
你的任务便是告诉小Z,他有多大的概率抽到两只颜色相同的袜子。当然,小Z希望这个概率尽量高,所以他可能会询问多个(L,R)以方便自己选择。
Input
输入文件第一行包含两个正整数N和M。N为袜子的数量,M为小Z所提的询问的数量。接下来一行包含N个正整数Ci,其中Ci表示第i只袜子的颜色,相同的颜色用相同的数字表示。再接下来M行,每行两个正整数L,R表示一个询问。
Output
包含M行,对于每个询问在一行中输出分数A/B表示从该询问的区间[L,R]中随机抽出两只袜子颜色相同的概率。若该概率为0则输出0/1,否则输出的A/B必须为最简分数。(详见样例)
Sample Input
6 4
1 2 3 3 3 2
2 6
1 3
3 5
1 6
1 2 3 3 3 2
2 6
1 3
3 5
1 6
Sample Output
2/5
0/1
1/1
4/15
【样例解释】
询问1:共C(5,2)=10种可能,其中抽出两个2有1种可能,抽出两个3有3种可能,概率为(1+3)/10=4/10=2/5。
询问2:共C(3,2)=3种可能,无法抽到颜色相同的袜子,概率为0/3=0/1。
询问3:共C(3,2)=3种可能,均为抽出两个3,概率为3/3=1/1。
注:上述C(a, b)表示组合数,组合数C(a, b)等价于在a个不同的物品中选取b个的选取方案数。
【数据规模和约定】
30%的数据中 N,M ≤ 5000;
60%的数据中 N,M ≤ 25000;
100%的数据中 N,M ≤ 50000,1 ≤ L < R ≤ N,Ci ≤ N。
0/1
1/1
4/15
【样例解释】
询问1:共C(5,2)=10种可能,其中抽出两个2有1种可能,抽出两个3有3种可能,概率为(1+3)/10=4/10=2/5。
询问2:共C(3,2)=3种可能,无法抽到颜色相同的袜子,概率为0/3=0/1。
询问3:共C(3,2)=3种可能,均为抽出两个3,概率为3/3=1/1。
注:上述C(a, b)表示组合数,组合数C(a, b)等价于在a个不同的物品中选取b个的选取方案数。
【数据规模和约定】
30%的数据中 N,M ≤ 5000;
60%的数据中 N,M ≤ 25000;
100%的数据中 N,M ≤ 50000,1 ≤ L < R ≤ N,Ci ≤ N。
HINT
Source
版权所有者:莫涛
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大意:给出一堆数,每次询问一个区间,求区间内任取两个数相同的概率.
分析:orz莫涛,莫队专治各种区间询问
给出几篇关于莫队算法的博客:
很通俗直观的莫对算法理解
详细的本题题解
严谨的平面点曼哈顿最小距离生成树论文
更加严谨的英文论文
code:
#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstdlib>#include <cmath>#include <cstring>#include <algorithm>using namespace std;#define rep(i, l, r) for (LL i = (l); (i) <= (r); ((i)++))#define REP(i, l, r) for (LL i = (l); (i) >= (r); ((i)--))#define LL long long#define MAXN 1000010LL n, m, col[MAXN], len[MAXN], K, c[MAXN], pos[MAXN], fz, fm, minc, maxc;struct qr {LL l, r, num;} a[MAXN];struct answer {LL x, y, num;} ans[MAXN];inline LL min(LL a, LL b) {return a<b ? a : b;}inline LL max(LL a, LL b) {return a>b ? a : b;}inline bool cmp(qr a, qr b) {return pos[a.l]<pos[b.l] || (pos[a.l]==pos[b.l] && a.r<b.r);}inline LL com(LL n) {return (n-1)*n/2;}inline answer mp(LL x, LL y, LL num) {answer t; t.x = x, t.y = y, t.num = num; return t;}inline bool cmp2(answer a, answer b) {return a.num < b.num;}inline LL gcd(LL a, LL b) {return !b ? a : gcd(b, a%b);}inline void update(LL &L, LL &R, LL l, LL r, LL &fz, LL &fm) {// [L, R] -> [l, r] if (l < L) REP(i, L-1, l) fz += c[col[i]], fm += R-L+1, c[col[i]]++, L--; else if (l > L) rep(i, L, l-1) fz += -c[col[i]] + 1, fm += L-R, c[col[i]]--, L++; if (r > R) rep(i, R+1, r) fz += c[col[i]], fm += R-L+1, c[col[i]]++, R++; else if (r < R) REP(i, R, r+1) fz += -c[col[i]] + 1, fm += L-R, c[col[i]]--, R--;}inline void block() { K = sqrt(n); rep(i, 1, K-1) len[i] = K; len[K] = n - (K-1)*K; rep(i, 1, K) rep(j, (i-1)*K + 1, (i-1)*K + len[i]) pos[j] = i; sort(a+1, a+1+m, cmp);}inline void xx() { memset(c, 0, sizeof(c)); LL L = a[1].l, R = a[1].r; rep(i, L, R) c[col[i]]++; rep(i, minc, maxc) fz += (c[i] * (c[i]-1) / 2); fm = com(R-L+1); ans[1] = mp(fz, fm, a[1].num); rep(i, 2, m) update(L, R, a[i].l, a[i].r, fz, fm), ans[i] = mp(fz, fm, a[i].num);}int main() { minc = MAXN, maxc = 0; cin >> n >> m; rep(i, 1, n) scanf("%lld", col + i), maxc = max(maxc, col[i]), minc = min(minc, col[i]); rep(i, 1, m) scanf("%lld%lld", &a[i].l, &a[i].r), a[i].num = i; block(); xx(); sort(ans+1, ans+1+m, cmp2); rep(i, 1, m) n = gcd(ans[i].x, ans[i].y), printf("%lld/%lld\n", ans[i].x/n, ans[i].y/n); return 0;}
1 0
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