POJ 1061 青蛙的约会 扩展欧几里得
来源:互联网 发布:无损剪切软件 编辑:程序博客网 时间:2024/04/29 12:43
Description
我们把这两只青蛙分别叫做青蛙A和青蛙B,并且规定纬度线上东经0度处为原点,由东往西为正方向,单位长度1米,这样我们就得到了一条首尾相接的数轴。设青蛙A的出发点坐标是x,青蛙B的出发点坐标是y。青蛙A一次能跳m米,青蛙B一次能跳n米,两只青蛙跳一次所花费的时间相同。纬度线总长L米。现在要你求出它们跳了几次以后才会碰面。
Input
Output
Sample Input
1 2 3 4 5
Sample Output
4
题意:比较明显,中文题目嘛。
分析:要使两个青蛙能相遇的话,那么他们所走总路程差就一定要是纬度总长L的整数倍。由于他们跳一次花的时间一样长,只是跳的距离不一样远,所以我们设他们都跳了t次,他们起始位置分别是 x 和 y,所能跳的距离分别为 m,n,那么就有 (x+m*t)-(y+n*t)=k*L ; (x-y)+(m-n)*t=k*L 化成线性同余方程就是,(m-n)*t =(x-y) (mod L)
形如:a*x=c(mod b)方程有解,当且仅当gcd(a,b) | (x-y) ,方程才有解。求解线性同余方程,可以用扩展欧几里得来解决。
欧几里得算法的拓展应用中有如下三条定理:
定理一:如果d = gcd(a, b),则必能找到正的或负的整数k和l,使d = a*x+ b*y。
定理二:若gcd(a, b) = 1,则方程ax ≡ c (mod b)在[0, b-1]上有唯一解。
定理三:若gcd(a, b) = d,则方程ax ≡ c (mod b)在[0, b/d - 1]上有唯一解。
证明:上述同余方程等价于ax + by = c,如果有解,两边同除以d,就有a/d * x + b/d * y = c/d,即a/d * x ≡ c/d (mod b/d),显然gcd(a/d, b/d) = 1,所以由定理二知道x在[0, b/d - 1]上有唯一解。所以ax + by = c的x在[0, b/d - 1]上有唯一解,即ax ≡ c (mod b)在[0, b/d - 1]上有唯一解。
如果得到ax ≡ c (mod b)的某一特解X,那么令r = b/gcd(a, b),可知x在[0, r-1]上有唯一解,所以用x = (X % r + r) % r就可以求出最小非负整数解x了!(X % r可能是负值,此时保持在[-(r-1), 0]内,正值则保持在[0, r-1]内。加上r就保持在[1, 2r - 1]内,所以再模一下r就在[0, r-1]内了)。
对于exgcd()的工作原理:
对于不完全为0的非负整数a, b. gcd(a, b)表示a, b 的最大公约数。那么存在整数x, y使得 gcd(a, b) = a * x + b * y;
不妨设a > b
① ,当b = 0 时,gcd(a, b) = a , 此时 x = 1, y = 0;
② ,当 a * b <> 0 时,
设 a * x + b * y = gcd(a, b); (1)
b * x0 + (a % b) * y0 = gcd( b, a % b); (2)
由朴素的欧几里德公式; gcd(a, b) = gcd (b, a % b);
得(1),(2) a * x + b * y = b * x0 + (a % b) * y0
= b * x0 + (a – a / b * b) * y0
= a * y0 + ( x0 – a / b * y0 ) * b
所以 x = y0, y = x0 – a / b * y0;
#include <iostream>#include <stdio.h>#include <string>#include <cstring>#include <cmath>#include <algorithm>typedef long long ll;using namespace std;ll exgcd(ll a,ll b,ll &x,ll &y){ ll r,t; if(b==0) { x=1; y=0; return a; } r=exgcd(b,a%b,x,y); t=x; x=y; y=t-a/b*y; return r;}int main(){ ll x,y,m,n,L; ll d,r,xx,yy; while(~scanf("%lld%lld%lld%lld%lld",&x,&y,&m,&n,&L)) { d=exgcd( (n-m),L,xx,yy );//求得最大公约数 if( (x-y)%d )//判断线性同余方程是否有解 { printf("Impossible\n"); continue; } xx=xx*((x-y)/d); r=L/d; xx=(xx%r+r)%r; printf("%lld\n",xx); } return 0;}
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