OO’s Sequence 2015多校联合1001
来源:互联网 发布:指定变号发短信软件 编辑:程序博客网 时间:2024/06/07 03:43
题意:给一个n,然后n个数,求∑i=1n∑j=inf(i,j) mod (109+7).
也就是求n*(n+1)/2个区间内,给定一个i,使得i的左右两边的数都不能被a[i]
eg.5
1 2 3 4 5
一个有5*6/2=15个区间即15个f[l,r]
【1,1】 【1,2】 【1,3】 【1,4】【1,5】
【2,2】 【2,3】 【2,4】【2,5】
【3,3】 【3,4】【3,5】
【4,4】【4,5】
【5,5】
设总数为sum
对于区间【1,1】 其中当i=1时,左右没有数被他整除,所以 sum++;
对于区间【2,2】其中当i=1时,左右没有数被他整除,所以sum++;
其中当i=2时,左边的数a[1]被他整除,所以sum不变
对于区间【3,5】,其中i=3,4,5时左右的数都不能被整除,所以sum+=3;
其他区间同理可得
分析:由上可转化为,以a[i](1<=i<=n)为被除数的所有符合的条件的区间数的和
那么只要逐个算出从1到n的所有以a[i]为被除数的区间的总数即可(对于样
例,以a[1]为被除数的区间有[1,1],[1,2],[1,3],[1,4],[1,5],
以a[2]为被除数的区间有[2,2],[2,3],[2,4],[2,5]
以a[3]为被除数的区间有[2,3],[2,4],[2,5],[3,3],[3,4],[3,5]
以a[4]为被除数的区间有[3,4],[3,5],[4,4],[4,5],
以a[5]为被除数的区间有[2,5],[3,5],[4,5],[5,5])
然后对于每个i对应以a[i]为被除数的区间的个数可以转换为a[i]左边离他最近的位置(设为l[i])距离i、的距离乘以a[i]右边离他最近的位置(设为r[i])到i的距离,即(i-l[i])*(r[i]-i)
代码如下,其中arr数组为上述a数组,j为上述i
#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>#include<cmath>#include<vector>using namespace std;const int maxn = 100005;int arr[maxn];int l[maxn],r[maxn];const int MOD = 1e9+7;vector<int> v[10005];int main(){ int n; while(scanf("%d",&n)!=EOF) { for(int i=101;i<=10000;i++) v[i].clear(); //预处理l和r以及把大于100的数的下标放入v容器 for(int i=1;i<=n;i++) { scanf("%d",&arr[i]); l[i]=0; r[i]=n+1; if(arr[i]>100) v[arr[i]].push_back(i); } for(int i=1;i<=100;i++) //更新[n个数中能被100以内的数整除的l]使得该a[l](0<a[l]<=100)成为【位于a[j]左边】【离a[j]最近的】能被a[j]整除的一百以内的数 { int maxl=0; for(int j=1;j<=n;j++) { if(arr[j]%i==0) l[j]=max(maxl,l[j]); if(arr[j]==i) maxl=j; } } for(int i=1;i<=100;i++) //更新[n个数中能被100以内的数整除的r]使得该a[r](0<a[r]<=100)成为【位于a[j]右边】【离a[j]最近的】能被a[j]整除的一百以内的数 { int minr=n+1; for(int j=n;j>=1;j--) { if(arr[j]%i==0) r[j]=min(minr,r[j]); if(arr[j]==i) minr=j; } } for(int j=1;j<=n;j++) //对于从左往右依次出现的a[j]依次更新是a[j]倍数的数的l { if(arr[j]>100) for(int i=arr[j];i<=10000;i+=arr[j]) { for(int k=v[i].size()-1;k>=0;k--) { if(v[i][k]<=j) break; else l[v[i][k]]=max(j,l[v[i][k]]); } } } for(int j=1;j<=n;j++) //对于从左往右依次出现的a[j]依次更新是a[j]倍数的数的r { if(arr[j]>100) for(int i=arr[j];i<=10000;i+=arr[j]) { for(int k=0;k<v[i].size();k++) { if(v[i][k]>=j) break; else r[v[i][k]]=min(j,r[v[i][k]]); } } } long long sum=0; for(int i=1;i<=n;i++) { sum=((sum+(i-l[i])*(r[i]-i))%(MOD)); } printf("%I64d\n",sum); }}
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