ZOJ 3888 Twelves Monkeys (预处理+优先队列)

题目链接：ZOJ 3888 Twelves Monkeys

题意：题目描述起来比较绕，直接讲案例

9 3 3
9 1
6 1
4 1
6
7
2

输入n,m,q，n限制了你询问的年份，m台时光机，q个询问。

接下来m行，描述从第9年回到第1年。

接下里就是三个询问。

第一个询问6的答案是5.

1.从第6年回到第1年 （6-1）直接做时光机2，（6-7-8-9-1）过3年之后可以做时光机3。有两个路径可以走（题目中要求至少两条路径），所以是有效的方案。

2.从第6年回到第2年 

.....

思路：先按第一维排序，查找大于等于X（X是询问的年份）的有多少个，若个数小于2，该方案不可行，若个数大于等于2，在查找所有第一维大于等于X的区间中第二维的第二小的值，答案就是X-第二小的值

AC代码：

#include <stdio.h>#include <algorithm>#include <queue>#include <string.h>using namespace std;struct node {    int a,b;};struct node p[50010];bool cmp(node a,node b) {    if(a.a!=b.a) return a.a>b.a;    return a.b>b.b;}int sum[50010];priority_queue<int, vector<int>, greater<int> > que;int main() {    int i,j;    int n,m,q,c;    while(scanf("%d %d %d",&n,&m,&q)!=EOF) {        while(!que.empty())            que.pop();        for(i=0; i<m; i++) {            scanf("%d %d",&p[i].a,&p[i].b);        }        sort(p,p+m,cmp);        sum[1]=0;        int a1,a2;        for(i=n,j=0; i>=2; i--) {            for(; j<m; j++) {                if(i<=p[j].a) que.push(p[j].b);                else  break;            }            if((int)que.size()<2) {                sum[i]=0;                continue;            }            a1=que.top();            que.pop();            a2=que.top();            que.pop();            que.push(a1);            que.push(a2);            if(i-a2<0) sum[i]=0;            else sum[i]=i-a2;        }        while(q--) {            scanf("%d",&c);            printf("%d\n",sum[c]);        }    }    return 0;}