1637 - Double Patience (概率DP)
来源:互联网 发布:微信树洞表白墙源码 编辑:程序博客网 时间:2024/05/16 09:14
一道状态较多的概率DP,想要表示所有的状态显然要拓展几个维度表示九堆牌当前的状态 。
但是这么写太复杂,所以我们不妨用一个vector来储存状态,将dp数组用一个map来表示,即 map<vector<int> ,double> d; 利用vector可以作为函数参数传递这个优点,将大大节省代码量 。
概率很好求,在每一次迭代中,寻找所有可以转移的状态数tot,那么状态转移就是d[i] = sum(d[i-1])/tot 。 也就是全概率公式 。
递归边界是当所有牌都被摸走了,返回1(因为概率总和为1)。
全概率公式说白了就是每一部分都不相交,且相加恰好为1 。 其实对于概率DP,所求的概率一定是全概率的,因为DP所表示的每一个状态的概率是一个固定的值,且相加为1。
由此也可以看出,如果运用动态规划,那么必须满足:状态经过多次转移之后不会回到以前的状态 。
细节参见代码:
#include<bits/stdc++.h>using namespace std;map<vector<int> ,double> d;char s[15][15][5];double dp(vector<int> cnt,int c) { if(c == 0) return 1; if(d.count(cnt)) return d[cnt]; double sum = 0; int tot = 0; for(int i=0;i<9;i++) if(cnt[i]>0) for(int j=i+1;j<9;j++) if(cnt[j]>0) if(s[i][cnt[i]-1][0] == s[j][cnt[j]-1][0]) { tot++; cnt[i]--; cnt[j]--; sum += dp(cnt,c-2); cnt[i]++; cnt[j]++; } if(tot == 0) return d[cnt] = 0; return d[cnt] = sum/tot;}bool read_input() { for(int i=0;i<9;i++) for(int j=0;j<4;j++) if(scanf("%s",s[i][j]) != 1) return false; return true;}int main() { while(read_input()) { vector<int> cnt(9,4); d.clear(); printf("%.6f\n",dp(cnt,36)); } return 0;}
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