hdu1506 水水的dp
来源:互联网 发布:java 缩写 编辑:程序博客网 时间:2024/05/10 14:38
hdu1506 dp入门
hdu1506
题目很短, 一个矩形图表,高低不一,宽度都是1,求在这个图表中最大的矩形面积。
看一下数据:
7 2 1 4 5 1 3 3
7个矩形,高度分别为2,1,4,5,1,3,3
Smax = 4 * 2 = 8;
4 1000 1000 1000 1000
Smax = 4 * 1000 = 4000;
分析算法:
简单的dp思想
先将左右两边分开讨论( l[Max], r[Max] )(n从0到n-1)
如 2 1 4 5 1 3 3
初始化 r[6]=6; l[0] = 0;
那么在讨论r[5]时,a = 5,先判断(h[5] <= h[6]), if true, a = r[6];关键就是最后一步将5的讨论状态转移到6,因为大于6的一定大于5,一步一步向上回溯,这样就可以节省时间。讨论左边时同理。
普通思想会 TLE 的, 我傻傻的尝试过两发。 而且一定要左右都用这个思想, 还有一点就是变量的类型,要 long long ,l与r的数组也要用 long long,本来认为10^9用int可以勉强的,事实上勉强就是WA。
差不多就这些问题,还是很水的dp题,用来做我的博客开业题,有错希望大家多多指教^^
#include <iostream>#include <cstdio>#include <algorithm>#include <cstdlib>#include <string>#include <vector>#include <cstring>#define MAX 110000#define ll long longusing namespace std;ll hi[MAX];ll r[MAX], l[MAX];int main(){ int n; int i; ll c, Max, a; while(~scanf("%d", &n) && n) { for(i = 0; i < n; i++) { scanf("%lld", &hi[i]); } Max = -1; l[0] = 0; r[n-1] = n-1; for(i = 1; i < n; i++) { a = i; while(a > 0 && hi[a-1] >= hi[i]) a = l[a-1]; l[i] = a; } for(i = n-2; i >= 0; i--) { a = i; while(a < n-1 && hi[a+1] >= hi[i]) a = r[a+1]; r[i] = a; } for(i = 0; i < n; i++) { c = (r[i] - l[i] + 1) * hi[i]; Max = max(Max, c); } printf("%lld\n", Max); } return 0;}
0 0
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