Code Forces 591 B. Rebranding（简单模拟）

Description
给出一个长度为n，全部由小写字母组成的字符串，现对其做m次操作，每次操作输入两个小写字母xi,yi，需将字符串中所有的xi变成yi，将所有的yi变成xi，输出操作后的字符串
Input
第一行为两个整数n和m分别表示字符串长度以及操作数，第二行为一长度为n的字符串，之后m行每行两个小写字母表示一次操作(1 ≤ n, m ≤ 200 000)
Output
输出m次操作后的字符串
Sample Input
6 1
police
p m
Sample Output
molice
Solution
暴力时间复杂度O(n*m)显然不行，所以可以简单模拟这个变化过程，记录这m次操作最后一次变换完成所有操作，具体实现就是将原字符串中的字母与操作后的字母做一个双射函数，f1[i]表示操作后的字母f1[i]对应原字符串中的字母i，f2为f1的反函数，f2[i]表示原字符串中的字母f2[i]对应操作后的字母i，每次操作输入x[i],y[i]，只需swap(f1[xi-‘a’],f2[yi-‘a’])，至于f和f2的转化很简单,f2[f1[i]-‘a’]=i+’a’，最后输出f2[s[i]-‘a’]即可，时间复杂度O(n+m)
Code

#include<cstdio>#include<iostream>#include<algorithm>using namespace std;#define maxn 222222int n,m;char f1[27],f2[27],s[maxn],a,b;int main(){    while(~scanf("%d%d",&n,&m))    {        scanf("%s",s);        for(int i=0;i<26;i++)            f1[i]=i+'a';        while(m--)        {            scanf(" %c %c",&a,&b);            swap(f1[a-'a'],f1[b-'a']);        }        for(int i=0;i<26;i++)            f2[f1[i]-'a']=i+'a';        for(int i=0;i<n;i++)            printf("%c",f2[s[i]-'a']);        printf("\n");    }    return 0;}