POJ 3734 Blocks(矩阵优化+DP)
来源:互联网 发布:知聊下载 编辑:程序博客网 时间:2024/05/16 13:48
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题意:个n个方块涂色, 只能涂红黄蓝绿四种颜色,求最终红色和绿色都为偶数的方案数。
该题我们可以想到一个递推式 。 设a[i]表示到第i个方块为止红绿是偶数的方案数, b[i]为红绿恰有一个是偶数的方案数, c[i]表示红绿都是奇数的方案数。
那么有如下递推可能:
递推a[i+1]:1.到第i个为止都是偶数,且第i+1个染成蓝或黄;2.到第i个为止红绿恰有一个是奇数,并且第i+1个方块染成了奇数对应的颜色。
递推b[i+1]:1.到第i个为止都是偶数,且第i+1个染成红或绿;2.到第i个为止红绿恰有一个是奇数,并且第i+1个方块染成了蓝或黄;3.到第i个方块为止红火绿都是奇数,并且第i+1个染成红火绿。
递推c[i+1]:1.到第i个为止红绿恰有一个是奇数, 并且第i+1个方块染成偶数对应的颜色;2.到第i个为止红绿都是奇数,并且第i+1个方块染成蓝或黄。
即a[i+1] = 2*a[i] + b[i];
b[i+1] = 2*a[i] + 2*b[i] + 2*c[i];
c[i+1] = b[i] + 2*c[i];
因为DP的过程中,每一步都是在重复上一个过程, 所以可以用矩阵相乘来优化算法。
将上述递推式写成矩阵相乘的形式:
{ a[i] } {2 1 0}^i{a[0] }
{ b[i] } = {2 2 2} {b[0] }
{ c[i] } {0 1 2} {c[0] }
然后用矩阵快速幂就可以了。
细节参见代码:
#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>#include<iostream>#include<string>#include<vector>#include<stack>#include<bitset>#include<cstdlib>#include<cmath>#include<set>#include<list>#include<deque>#include<map>#include<queue>#define Max(a,b) ((a)>(b)?(a):(b))#define Min(a,b) ((a)<(b)?(a):(b))using namespace std;typedef long long ll;const double PI = acos(-1.0);const double eps = 1e-6;const int INF = 1000000000;const int mod = 10007;const int maxn = 100;ll T,n,m;typedef vector<int> vec;typedef vector<vec> mat;mat mul(mat &a, mat &b) { mat c(a.size(), vec(a[0].size())); for(int i = 0; i < a.size(); i++) { for(int k = 0; k < b.size(); k++) { for(int j = 0; j < b[0].size(); j++) { c[i][j] = (c[i][j] + a[i][k]*b[k][j]) % mod; } } } return c;}mat pow(mat a, ll n) { mat b(a.size(), vec(a[0].size())); for(int i = 0; i < a.size(); i++) { b[i][i] = 1; } while(n > 0) { if(n & 1) b = mul(b, a); a = mul(a, a); n >>= 1; } return b;}int main() { scanf("%d",&T); mat a(3, vec(3)); while(T--) { scanf("%lld",&n); a[0][0] = 2; a[0][1] = 1; a[0][2] = 0; a[1][0] = 2; a[1][1] = 2; a[1][2] = 2; a[2][0] = 0; a[2][1] = 1; a[2][2] = 2; a = pow(a, n); printf("%d\n",a[0][0]); } return 0;}
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