hdu1175-连连看(简单bfs)

来源：互联网发布：数据培训编辑：程序博客网时间：2024/05/05 20:42

连连看

Time Limit: 20000/10000 MS (Java/Others) Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 27040 Accepted Submission(s): 6722

Problem Description

“连连看”相信很多人都玩过。没玩过也没关系，下面我给大家介绍一下游戏规则：在一个棋盘中，放了很多的棋子。如果某两个相同的棋子，可以通过一条线连起来（这条线不能经过其它棋子），而且线的转折次数不超过两次，那么这两个棋子就可以在棋盘上消去。不好意思，由于我以前没有玩过连连看，咨询了同学的意见，连线不能从外面绕过去的，但事实上这是错的。现在已经酿成大祸，就只能将错就错了，连线不能从外围绕过。
玩家鼠标先后点击两块棋子，试图将他们消去，然后游戏的后台判断这两个方格能不能消去。现在你的任务就是写这个后台程序。

Input

输入数据有多组。每组数据的第一行有两个正整数n,m(0<n<=1000,0<m<1000)，分别表示棋盘的行数与列数。在接下来的n行中，每行有m个非负整数描述棋盘的方格分布。0表示这个位置没有棋子，正整数表示棋子的类型。接下来的一行是一个正整数q(0<q<50)，表示下面有q次询问。在接下来的q行里，每行有四个正整数x1,y1,x2,y2,表示询问第x1行y1列的棋子与第x2行y2列的棋子能不能消去。n=0,m=0时，输入结束。
注意：询问之间无先后关系，都是针对当前状态的！

Output

每一组输入数据对应一行输出。如果能消去则输出"YES",不能则输出"NO"。

Sample Input

3 41 2 3 40 0 0 04 3 2 141 1 3 41 1 2 41 1 3 32 1 2 43 40 1 4 30 2 4 10 0 0 021 1 2 41 3 2 30 0

Sample Output

YESNONONONOYES

分析:一道基础的bfs，由于有转弯次数的限制，本萌新就选择了优先队列＋bfs的方式水之，转弯次数少的优先出队，应该能大大减少时间，且也不会出现discuss里因为方向顺序的问题出现wa.(不知道为什么贴的代码老是乱码)

#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstring>#include <cmath>#include <cstdlib>#include <algorithm>#include <string>#define PRnode(q) priority_queue<node> q#include <queue>#define INF 0x3f3f3f3f#define CSH(a, b) memset(a, (b), sizeof(a))using namespace std;int s[1002][1002];struct node{    int x;    int y;    int num;    int ff;    bool operator < (const node &a) const    {        return num>a.num;//小值优先    }};int dir[4][2]={1,0,0,1,0,-1,-1,0};int vis[1002][1002];int main(){    int n,m;    while(~scanf("%d%d",&n,&m)&&n+m)    {        for(int i=1;i<=n;i++)            for(int j=1;j<=m;j++)            {                scanf("%d",&s[i][j]);            }        int t;        scanf("%d",&t);        while(t--)        {            node a,b;            scanf("%d%d%d%d",&a.x,&a.y,&b.x,&b.y);            if((s[a.x][a.y]!=s[b.x][b.y])||s[a.x][a.y]==0||s[b.x][b.y]==0)            {                printf("NO\n");                continue;            }            CSH(vis,0);            int flag=0;            a.num=-1;            a.ff=-1;            vis[a.x][a.y]=1;            PRnode(q);            while(!q.empty())            {                q.pop();            }            q.push(a);            while(!q.empty())            {                node c;                c=q.top();                q.pop();                for(int i=0;i<4;i++)                {                    node d;                    d.x=c.x+dir[i][0];                    d.y=c.y+dir[i][1];                    if(c.ff!=i)//判断是否转弯，这题比较难的也就这了                    {                        d.ff=i;                        d.num=c.num+1;                    }                    else                    {                        d.ff=c.ff;                        d.num=c.num;                    }                    if(d.num>2)                    {                        continue;                    }                    if((s[d.x][d.y]==0||(s[d.x][d.y]==s[b.x][b.y]&&d.x==b.x&&d.y==b.y))&&d.x>=1&&d.x<=n&&d.y>=1&&d.y<=m&&!vis[d.x][d.y])                    {                        vis[d.x][d.y]=1;                        if(d.x==b.x&&d.y==b.y&&d.num<=2)                        {                            flag=1;                            break;                        }                        q.push(d);                    }                }                if(flag)                {                    break;                }            }            flag?printf("YES\n"):printf("NO\n");        }    }}

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