hdu 5652 India and China Origins 并查集
来源:互联网 发布:nc软件下载 编辑:程序博客网 时间:2024/06/08 11:31
问题描述
很久以前,中国和印度之间并没有喜马拉雅山相隔,两国的文化交流很频繁。随着喜马拉雅山海拔逐渐增加,两个地区的交流也越来越少,最终没有了来往。
假设当时的地形和我画的一样,蓝色部分代表海洋,而且当时人们还没有发明轮船。黄色部分代表沙漠,而且沙漠上经常有野鬼散步,所以人们不敢到沙漠中行走。黑色的格子表示山峰,这些山峰都无比高大,所以人无法穿过。白色格子代表平原,人可以在平原上自由行走。人每次可以向相邻的四个格子走动。
此外,我们的考古学家发现还有一些山峰会逐渐形成,通过研究发现,位置在 (x, y)(x,y) (保证该位置之前没有山峰)的地方在 ii 年后出现了山峰。现在给你若干个位置出现山峰的时间,你可以计算出中国和印度之间的联系最早被彻底切断的时间吗?
输入描述
多组测试数据, 第一行为组数T(T\leq 10)T(T≤10)。每组测试数据第一行包含两个数 N, M (1 \leq N, M \leq 500)N,M(1≤N,M≤500), 表示地图的大小。接下来 NN 行长度为 MM 的 0101 字符串。00代表白色格子,11 代表山峰。接下来有 Q(1\leq Q \leq N\times M)Q(1≤Q≤N×M) 行,第 i(1\leq i \leq Q)i(1≤i≤Q) 两个整数 (x,y),0 \leq x < N, 0 \leq y < M(x,y),0≤x<N,0≤y<M 表示在第 ii 年 (x,y)(x,y) 出现了一座山峰。
输出描述
对于每组测试数据,输出一个数, 表示两国最早失联的时间。如果最终两国之间还有联系则输出 -1。
输入样例
1
4 6
011010
000010
100001
001000
7
0 3
1 5
1 3
0 0
1 2
2 4
2 1
输出样例
4
很久以前,中国和印度之间并没有喜马拉雅山相隔,两国的文化交流很频繁。随着喜马拉雅山海拔逐渐增加,两个地区的交流也越来越少,最终没有了来往。
假设当时的地形和我画的一样,蓝色部分代表海洋,而且当时人们还没有发明轮船。黄色部分代表沙漠,而且沙漠上经常有野鬼散步,所以人们不敢到沙漠中行走。黑色的格子表示山峰,这些山峰都无比高大,所以人无法穿过。白色格子代表平原,人可以在平原上自由行走。人每次可以向相邻的四个格子走动。
此外,我们的考古学家发现还有一些山峰会逐渐形成,通过研究发现,位置在 (x, y)(x,y) (保证该位置之前没有山峰)的地方在 ii 年后出现了山峰。现在给你若干个位置出现山峰的时间,你可以计算出中国和印度之间的联系最早被彻底切断的时间吗?
输入描述
多组测试数据, 第一行为组数T(T\leq 10)T(T≤10)。每组测试数据第一行包含两个数 N, M (1 \leq N, M \leq 500)N,M(1≤N,M≤500), 表示地图的大小。接下来 NN 行长度为 MM 的 0101 字符串。00代表白色格子,11 代表山峰。接下来有 Q(1\leq Q \leq N\times M)Q(1≤Q≤N×M) 行,第 i(1\leq i \leq Q)i(1≤i≤Q) 两个整数 (x,y),0 \leq x < N, 0 \leq y < M(x,y),0≤x<N,0≤y<M 表示在第 ii 年 (x,y)(x,y) 出现了一座山峰。
输出描述
对于每组测试数据,输出一个数, 表示两国最早失联的时间。如果最终两国之间还有联系则输出 -1。
输入样例
1
4 6
011010
000010
100001
001000
7
0 3
1 5
1 3
0 0
1 2
2 4
2 1
输出样例
4
这是一个连通性的问题。你会发现如果将所有操作逆序来看的话就很容易用并查集来处理了。 首先把所有的山峰都加到图中,然后逆序处理每个操作: 对某次操作,在图中删除该位置的山峰,然后判断两个点是否联通,一旦联通就得到了结果。 这里需要对China和India分别新建一个对应的节点。
#include <cstdio>#include <cstring>#include <vector>using namespace std;const int N = 510;int n, m;char G[N][N];int dirx[] = {1, -1, 0, 0};int diry[] = {0, 0, 1, -1};vector <int> X;vector <int> Y;int p[N * N];int findpa(int x){ if (p[x] == x) return x; else return p[x] = findpa(p[x]);}void link(int a, int b){ int fa = findpa(a); int fb = findpa(b); if (fa != fb) p[fa] = fb;}int main(){ int T; scanf("%d", &T); while (T--) { scanf("%d%d", &n, &m); X.clear(); Y.clear(); for (int i = 0; i < n; i++) scanf("%s", G[i]); int s = 0, t = n * m + 1; for (int i = s; i <= t; i++) p[i] = i; for (int i = 0; i < m; i++) { link(s, i + 1); link(t, n * m - i); } int q, x, y; scanf("%d", &q); for (int i = 0; i < q; i++) { scanf("%d%d", &x, &y); X.push_back(x); Y.push_back(y); G[x][y] = '1'; } for (int i = 0; i < n; i++) for (int j = 0; j < m; j++) for (int k = 0; k < 4; k++) { int x = i + dirx[k]; int y = j + diry[k]; if (x >= 0 && x < n && y >= 0 && y < m && G[i][j] == '0' && G[x][y] == '0') link(i * m + j + 1, x * m + y + 1); } if (findpa(s) == findpa(t)) { printf("-1\n"); continue; } int flag = 0; for (int i = q - 1; i >= 0; i--) { int x = X[i], y = Y[i]; G[x][y] = '0'; for (int k = 0; k < 4; k++) { int nx = x + dirx[k]; int ny = y + diry[k]; if (nx < n && nx >= 0 && ny < m && ny >= 0 && G[nx][ny] == '0') link(x * m + y + 1, nx * m + ny + 1); } if (findpa(s) == findpa(t)) { flag = 1; printf("%d\n", i + 1); break; } } if (!flag) printf("0\n"); } return 0;}
0 0
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