【LeetCode】101. Symmetric Tree 中序遍历,分支遍历,二叉树
来源:互联网 发布:淘宝美工怎么上架图片 编辑:程序博客网 时间:2024/05/01 08:31
101. Symmetric Tree
Total Accepted: 103742 Total Submissions: 306773 Difficulty: Easy
Given a binary tree, check whether it is a mirror of itself (ie, symmetric around its center).
For example, this binary tree is symmetric:
1 / \ 2 2 / \ / \3 4 4 3
But the following is not:
1 / \ 2 2 \ \ 3 3
Note:
Bonus points if you could solve it both recursively and iteratively.
【分析】
这个题比较简单,观察对称二叉树的结构,很容易发现其中序遍历具有对称性,如题中给出的例子:[1,2,2,3,4,4,3],其中序遍历为:[3,2,4,1,4,2,3]。几分钟随手写好程序,然而在192个测试用例测试中,在第190个测试时输出了错误结果,费解之余看了一下那个案例:[1,2,3,3,NULL,2,3,NULL],中序遍历不能记录NULL,所以这个案例的中序遍历结果为[3,2,1,2,3],居然也对称,但它并不是对称二叉树,鉴于此,仅仅凭借中序遍历结果判断是否为对称二叉树是不严谨的!!!
为了规避上面的问题,我们只需在验证中序遍历结果的基础上增加一个判断,那就是验证根节点的左右子节点数值是否相等(前提是左右子节点不为空),如果相等且中序遍历结果对称则必为对称树。这种方法时间复杂度为O(n),空间复杂度为O(n).
受上述判断的启发,我们可进一步降低时间、空间复杂度:根据对称树具备的对称性,我们逐层遍历,分别比较根节点的左右子节点是否对称,注意:对于左、右子树,左子树根节点的左子节点对应右子树根节点的右子节点;左子树的根节点的右子节点对应右子树根节点的左子节点。此方法程序简洁,时间复杂度O(n),比方法一计算次数要少,空间复杂度为O(1),不消耗额外空间,是比较理想的解法。
【方法一】
class Solution {public: bool isSymmetric(TreeNode* root) { vector<int> res;//存储中序遍历结果 if(root==NULL)return true; inorderTraversal(root,res);//中序遍历 //判断中序遍历结果是否对称 for(int i=0;i<res.size();i++) { if(res[i]!=res[res.size()-i-1]) return false; } //验证根节点左右子节点是否对称 if(root->left!=NULL&&root->left!=NULL&&root->left->val!=root->right->val) return false; return true; } //中序遍历 void inorderTraversal(TreeNode *root,vector<int>& res) { if(root==NULL)return; inorderTraversal(root->left, res); res.push_back(root->val); inorderTraversal(root->right, res); }};【方法二】
class Solution {public: bool isSymmetric(TreeNode* root) { if(root==NULL)return true; return checkSymmetric(root->left,root->right); } bool checkSymmetric(TreeNode *leftNode,TreeNode *rightNode) { if(leftNode==NULL&&rightNode==NULL)return true; if(leftNode==NULL||rightNode==NULL) return false; if(leftNode->val!=rightNode->val) return false; return checkSymmetric(leftNode->left,rightNode->right)&&checkSymmetric(leftNode->right,rightNode->left); }};
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