hdu 1272 小希的迷宫 并查集做法与非并查集做法
来源:互联网 发布:小米平板2win10版 知乎 编辑:程序博客网 时间:2024/04/27 19:07
小希的迷宫,题目链接点这里 。
Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)
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Problem Description
上次Gardon的迷宫城堡小希玩了很久(见Problem B),现在她也想设计一个迷宫让Gardon来走。但是她设计迷宫的思路不一样,首先她认为所有的通道都应该是双向连通的,就是说如果有一个通道连通了房间A和B,那么既可以通过它从房间A走到房间B,也可以通过它从房间B走到房间A,为了提高难度,小希希望任意两个房间有且仅有一条路径可以相通(除非走了回头路)。小希现在把她的设计图给你,让你帮忙判断她的设计图是否符合她的设计思路。比如下面的例子,前两个是符合条件的,但是最后一个却有两种方法从5到达8。
Input
输入包含多组数据,每组数据是一个以0 0结尾的整数对列表,表示了一条通道连接的两个房间的编号。房间的编号至少为1,且不超过100000。每两组数据之间有一个空行。
整个文件以两个-1结尾。
Output
对于输入的每一组数据,输出仅包括一行。如果该迷宫符合小希的思路,那么输出”Yes”,否则输出”No”。
Sample Input
6 8 5 3 5 2 6 4
5 6 0 0
8 1 7 3 6 2 8 9 7 5
7 4 7 8 7 6 0 0
3 8 6 8 6 4
5 3 5 6 5 2 0 0
-1 -1
Sample Output
Yes
Yes
No
Author
Gardon
Source
HDU 2006-4 Programming Contest
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这道题是一个很简单的并查集,很易懂。
只要判断两点:
1,不能有环;
2,一共n个点,只有有n-1条边才能保证这些点构成的图是没有回路的。
#include<algorithm>#include<iostream>#include<string>#include<stdio.h>using namespace std;#define maxn 100005int f[maxn]; //用来存储该点的祖宗总结点;int vis[maxn]; //用来标记是否访问过;int q; //判断是否有环;int point,line; //point 点的个数 , line 线段的个数;//初始化;void init(){ for(int i=0; i<maxn; i++) { f[i]=i; //初始化每个点的祖宗是自己; vis[i]=0; //vis数组初始化为false; } point=line=0;//初始化 点的个数为0,线段的个数为0; q=0;}//传说中的找爹函数;哈哈~int find(int a){ if(f[a]!=a) f[a]=find(f[a]);//路径压缩; return f[a];}//如果a,b的祖先一样,有环;//如果不一样,就让右边的合并到左边去,靠左原则;void unions (int a , int b){ if(a==b) q = 1;//有环; int t1,t2; t1=find(a); //a的祖先; t2=find(b); //b的祖先; if(t1!=t2) { f[t2]=t1;//a的祖宗就是b的祖宗,合并到左边去; line++; } else q=1;//有环; return ;}int main(){ int a,b; int mix=0; //找到最大的那个点; while(~scanf("%d%d",&a,&b)) { init();//初始化调用; if(a==-1&&b==-1) break; if(a==0&&b==0) { printf("Yes\n"); continue; } vis[a]=1; vis[b]=1; unions(a,b); mix=max(mix,max(a,b)); while(1)//一个循环就行,for也可以,判断条件只要是等于零break掉就行;; { scanf("%d%d",&a,&b); mix=max(mix,max(a,b)); if(a==0&&b==0) break; vis[a]=1; vis[b]=1; unions(a,b);//合并祖先; } //遍历一遍,寻找所有标记过的点; for(int i=0; i<=mix; i++) if(vis[i]) point++; if(!q&&point==line+1)//符合情况:不存在环并且点的个数比线段的个数多一; printf("Yes\n"); else printf("No\n"); } return 0;}
另一种方法,是直接根据点的个数(point)与线段的个数(line)进行比较,观察是不是存在关系式 point= line +1;如果存在就证明没有回路。
具体代码如下:
#include<algorithm>#include<iostream>#include<string>#include<string.h>#include<math.h>#include<stdio.h>using namespace std;#define maxn 200005// 因为数据范围是100000,点的个数是两倍关系;int f[maxn];//存点;int main(){ int a,b; while(~scanf("%d%d",&a,&b))//输入点的个数; { if(a==-1&&b==-1) break; if(a==0&&b==0) printf("Yes\n"); else { int point=0,line=1;//point 点的个数, line 线的个数; f[point++]=a; f[point++]=b; while(scanf("%d%d",&a,&b))//只要是连续输入就行,while 和for 没差; { f[point++]=a; f[point++]=b; line++; //线段的个数; if(a==0&&b==0)//注意break 条件; break; } sort(f,f+point);//unique 用之前一定要排序; int k=unique(f,f+point)-f;//k返回的是f数组中不同元素的个数; if(k==line+1)//如果点的个数等于线的个数+1, 证明是最优解; printf("Yes\n"); else printf("No\n"); } } return 0;}
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