【常用算法思路分析系列】栈和队列高频题集(修改版)
来源:互联网 发布:优秀的杂志阅读软件 编辑:程序博客网 时间:2024/05/29 18:04
本文是【常用算法思路分析系列】的第三篇,分析栈和队列相关的高频题目。本文分析:1、可查询最值的栈;2、用两个栈实现队列的功能;3、反转栈中元素;4、排序栈中元素;5、滑动窗口问题。
本系列前两篇导航:
【常用算法思路分析系列】排序高频题集
【常用算法思路分析系列】字符串高频题集
1、可查询最值的栈
定义栈的数据结构,请在该类型中实现一个能够得到栈最小元素的min函数。
思路:
定义两个栈stackData和stackMin,其中stackData用来存放进栈的数据,stackMin用来存放进栈过程中的最小值。
方案一:当当前要进栈元素<=stackMin栈顶元素时,将当前要进栈元素同时加入到stackMin中;
当当前要进栈元素>stackMin栈顶元素时,stackMin栈不压入数据;
方案二:当当前要进栈元素<=stackMin栈顶元素时,将当前要进栈元素同时加入到stackMin中;
当当前要进栈元素>stackMin栈顶元素时,stackMin栈把当前stackMin的栈顶元素再压入一遍;
上述两种方案都需要和stackData栈保持同步,只不过因为第一种方案stackMin栈中只保存较小值,在pop时需要判断;第二种方案是在pop时要完全同步。
代码如下:
public class GetMinStack { Stack<Integer> stackData = new Stack<Integer>(); Stack<Integer> stackMin = new Stack<Integer>(); public void push(int node) { if(stackMin.empty()){ stackData.push(node); stackMin.push(node); }else{ //第一种方案 if(node > stackMin.peek()){ stackData.push(node); }else{ stackData.push(node); stackMin.push(node); } /* 第二种方案 int minTop = stackMin.peek(); if(node > minTop){ stackData.push(node); stackMin.push(minTop); }else{ stackData.push(node); stackMin.push(node); } */ } } public void pop() { if(!stackData.empty() && ! stackMin.empty()){ int dataTop = stackData.peek(); int minTop = stackMin.peek(); //第一种方案 if(dataTop == minTop){//此时两个栈都需要出栈操作 stackData.pop(); stackMin.pop(); }else if(dataTop > minTop){ stackData.pop(); } /* * 第二种方案 stackData.pop(); stackMin.pop(); */ } } public int top() { return stackData.peek(); } public int min() { return stackMin.peek(); }}
2、用两个栈实现队列的功能
用两个栈来实现队列的入队、出对功能。定义两个栈stackPush和stackPoll,stackPush栈用来放进队列的元素,stackPoll栈用来出队列。进队时,元素压入到stackPush中;出对时,将stackPush栈中的元素全部导入(pop操作,因为要清空stackPush栈)到stackPoll栈中,stackPoll栈再弹出栈顶元素,然后将stackPoll栈中的元素再全部导入(同样是pop操作,因为要清空stackPoll栈)到stackPush栈中。
(上面的关键是,两个栈互相导入数据时都要全部导入,全部导入了,另一个栈也就清空了,否则不会符合队列的性质)
看一个题目:
编写一个类,只能用两个栈结构实现队列,支持队列的基本操作(push,pop)。
给定一个操作序列ope及它的长度n,其中元素为正数代表push操作,为0代表pop操作,保证操作序列合法且一定含pop操作,请返回pop的结果序列。
测试样例:
[1,2,3,0,4,0],6
返回:[1,2]代码如下:
public class TwoStack { public int[] twoStack(int[] ope, int n) { if(ope == null || n == 0) return null; Stack<Integer> stackPush = new Stack<Integer>(); Stack<Integer> stackPoll = new Stack<Integer>(); int popCount = 0;//出栈次数 for(int i = 0; i < n; i++){ if(ope[i] != 0){ stackPush.push(ope[i]); }else{ popCount++; } } int[] result = new int[popCount]; //将stackPush栈中的所有数据导入到stackPoll栈中 while(!stackPush.empty()){ stackPoll.push(stackPush.pop()); } for(int i = 0; i < popCount; i++){ result[i] = stackPoll.pop(); } return result; }}
3、反转栈中元素
要反转栈中的元素,我们首先要依次递归的拿到栈底元素,拿到栈底元素之后,再一步步把它添加进去。因此分为两步:拿到栈底元素和反转添加元素。
代码如下:
public class StackReverse { //反转栈 public static int[] reverseStack(int[] A, int n) { if(A == null || n == 0) return null; Stack<Integer> stack = new Stack<Integer>(); for(int i = 0; i < n; i++){ stack.push(A[i]); } reverse(stack);//开始反转操作 for(int i = n-1; i >= 0; i--){ A[i] = stack.pop(); } return A; } /** * 反转栈中的元素 * @param stack */ public static void reverse(Stack<Integer> stack){ if(stack.isEmpty()){ return ; } //下面就是先递归拿到栈底元素,然后再把栈底元素入栈,此时栈中元素顺序反转 int bottom = popBottom(stack); reverse(stack); stack.push(bottom); } /** * 移除栈底元素,并返回 * @return */ public static int popBottom(Stack<Integer> stack){ int result = stack.pop(); if(stack.isEmpty()){//弹出一个栈顶元素后,栈为空了,表示该元素就是栈底元素 return result; }else{ int last = popBottom(stack); stack.push(result);//注意!!!这里是把前面拿到的元素压入,这样栈底元素才不会再次压入到栈中 return last; } } public static void main(String[] args) { int[] a = {9,8,7,6,5,4,3,2,1}; reverseStack(a,a.length); }}
4、排序栈中元素
请编写一个程序,按升序对栈进行排序(即最大元素位于栈顶),要求最多只能使用一个额外的栈存放临时数据,但不得将元素复制到别的数据结构中。
思路:
假设栈stack是存放原来数据的,再定义一个辅助栈help,先从stack栈中取出栈顶元素pop,将pop和help中栈顶元素比较,如果pop <= help栈顶元素,将pop压入到help栈中;如果pop > help栈顶元素,取出help栈顶元素,将其放入到stack栈中,直到help为空或者pop <= help栈顶元素。代码如下:
public static ArrayList<Integer> twoStacksSort(int[] numbers) { if(numbers == null) return null; Stack<Integer> stack = new Stack<Integer>(); for(int i = numbers.length - 1; i >= 0; i--){ stack.push(numbers[i]); } Stack<Integer> help = new Stack<Integer>(); int pop,temp; while(!stack.isEmpty()){ pop = stack.pop(); if(help.isEmpty()){ help.push(pop); }else{ if(pop <= help.peek()){ help.push(pop); }else{ while(!help.isEmpty() && pop > help.peek()){//将help中元素放入到stack中 temp = help.pop(); stack.push(temp); } //help栈为空了或者找到了pop<=help栈顶的元素 help.push(pop); } } } while(!help.isEmpty()){ stack.push(help.pop()); } ArrayList<Integer> res = new ArrayList<Integer>(); while(!stack.isEmpty()){ res.add(stack.pop()); } return res; }
当然,也可以使用数组作为栈来使用,将数组下标为0处作为栈顶,代码如下:
/** * 数组作为栈,0的位置为栈顶 * @param numbers * @return */ public static ArrayList<Integer> twoStacksSort2(int[] numbers) { if(numbers == null) return null; int[] help = new int[numbers.length]; int i = 0;//指向numbers栈顶元素 int j = -1;//指向help栈顶元素 int pop; while(i >= 0 && i != numbers.length){ pop = numbers[i]; if(j < 0){ help[++j] = pop; }else{ if(pop <= help[j]){ help[++j] = pop; }else{ while(j >= 0 && pop > help[j]){ numbers[i--] = help[j--]; } help[++j] = pop; } } i++; } ArrayList<Integer> res = new ArrayList<Integer>(); for (int k = 0; k < help.length; k++) { res.add(help[k]); System.out.println(help[k]); } return res; }
5、滑动窗口问题
有一个整型数组 arr 和一个大小为 w 的窗口从数组的最左边滑到最右边,窗口每次向右边滑一个位置。 返回一个长度为n-w+1的数组res,res[i]表示每一种窗口状态下的最大值。 以数组为[4,3,5,4,3,3,6,7],w=3为例。因为第一个窗口[4,3,5]的最大值为5,第二个窗口[3,5,4]的最大值为5,第三个窗口[5,4,3]的最大值为5。第四个窗口[4,3,3]的最大值为4。第五个窗口[3,3,6]的最大值为6。第六个窗口[3,6,7]的最大值为7。所以最终返回[5,5,5,4,6,7]。
给定整形数组arr及它的大小n,同时给定w,请返回res数组。保证w小于等于n,同时保证数组大小小于等于500。
测试样例:
[4,3,5,4,3,3,6,7],8,3
返回:[5,5,5,4,6,7]思路:
核心是定义一个双端队列qmax,这个队列维护一个w个数据的窗口,队列中保存的是数组的下标,在队头和队尾分别进行弹出和插入操作,使得以队头元素为下标所指的数组元素,在这个窗口中值最大。
对于数组arr,当遍历到数组中第i个元素时,
在队尾执行插入规则:
队列为空肯定直接插入;
队列不空,如果队尾元素为下标所指的数组元素arr[qmax.peekLast] > 当前遍历元素arr[i],直接将下标i插入到队尾;(因为虽然当前元素arr[i]较小,但是当队头元素过期之后,它可能成为另一个窗口的最大值,因此需要加入);
如果队尾元素为下标所指的数组元素arr[qmax.peekLast] <= 当前遍历元素arr[i],说明当前队尾元素下标不可能成为后面窗口的最大值了,因此直接将队尾元素弹出,再继续比较新的队尾元素所指数组元素和当前元素arr[i],根据上面规则加入;
在队头执行弹出规则:
如果队头元素 == i- w,表示队头元素已过期,超出了w个窗口的范围了,直接将队头元素弹出;
过程如下图:
如果队列中满足维护w个元素(当然,不一定队列中有w个元素值,因为队列在队头维持了最大值),则可以直接拿到队尾元素所指的数组元素值,这个值就是当前窗口的最大值。
代码如下:
public static int[] slide(int[] arr, int n, int w) { if(arr == null || w < 1 || n < w){ return null; } int[] res = new int[n - w + 1]; //一个维护w个窗口的双端队列,保持下标为对头元素的值最大 LinkedList<Integer> qmax = new LinkedList<Integer>(); int index = 0; for(int i = 0; i < n; i++){ //执行队尾进入规则 while(!qmax.isEmpty() && arr[qmax.peekLast()] <= arr[i]){ qmax.pollLast(); } qmax.addLast(i);//将下标加入到队尾 //执行对头弹出规则 if(qmax.peekFirst() == i - w){ qmax.pollFirst(); } if(i >= w - 1){//如果双端队列里面至少维持了w个数据,则每次可以从对头中拿到最大值 res[index++] = arr[qmax.peekFirst()]; } } return res; }
数组下标值每次最多进qmax一次,出qmax一次,因此整个数组元素进出队列的时间复杂度为O(N),整个算法复杂度也就为O(N)。
本系列下一篇将是与链表相关算法题。
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