poj 3070
来源:互联网 发布:java首页登录开发注意 编辑:程序博客网 时间:2024/05/22 23:59
题目概述:
求斐波那契数列的第N个元素值对10000求模的结果,数列前三个元素值为0,1,1
输入:
第一行N
输入有多组,到N=-1为止
限制:
0<=N<=1e9
输出:
一个整数,斐波那契数列第N个数对10000求模的结果
多组输出之间没有空行
样例输入:
0
9
999999999
1000000000
-1
样例输出:
0
34
626
6875
讨论:
模版,完全是学习模版的题
题解状态:
116K,0MS,C++,1341B
题解代码:
#include<string.h> #include<stdio.h> #include<iostream>#include<set>#include<map>#include<string>#include<queue>#include<vector>using namespace std;#define INF 0x3f3f3f3f #define maxx(a,b) ((a)>(b)?(a):(b)) #define minn(a,b) ((a)<(b)?(a):(b)) #define MAXN 10006#define memset0(a) memset(a,0,sizeof(a))#define mod 10000//题目要求对之求模struct matrix{ int x0[2]; int x1[2];//显然用这种方式比用a,b,c,d或其他方式表示位置要直观 matrix(int a, int b, int c, int d)//构造函数,poj不能大括号初始化 { x0[0] = a; x0[1] = b; x1[0] = c; x1[1] = d; } matrix() {};//默认构造函数,vs默认禁用默认构造函数 matrix operator*(matrix &e)//矩阵乘法运算,线性代数前两章会学 { matrix ans; ans.x0[0] = x0[0] * e.x0[0] + x0[1] * e.x1[0]; ans.x0[1] = x0[0] * e.x0[1] + x0[1] * e.x1[1]; ans.x1[0] = x1[0] * e.x0[0] + x1[1] * e.x1[0]; ans.x1[1] = x1[0] * e.x0[1] + x1[1] * e.x1[1]; return ans; } matrix operator%(int n)//矩阵求模运算,只是这个题需要而已 { matrix ans; ans.x0[0] = x0[0] % n; ans.x0[1] = x0[1] % n; ans.x1[0] = x1[0] % n; ans.x1[1] = x1[1] % n; return ans; }};matrix qpow(matrix a, int n)//对矩阵的快速幂方法,和整数的差不多,只是要记得顺手求模{ if (!n) return matrix(1, 0, 0, 1); if (n == 1) return a; else if (n % 2) return qpow(a*a%mod, n / 2) % mod*a%mod; else return qpow(a*a%mod, n / 2) % mod;}int N;int fun(){ matrix a(1, 1, 1, 0); return qpow(a, N).x1[0];//最后结果的位置是左下角的那一个,不是左上角,那个是第N+1个}int main(void){ //freopen("vs_cin.txt", "r", stdin); //freopen("vs_cout.txt", "w", stdout); while (~scanf("%d", &N) && N != -1) {//input printf("%d\n", fun());//output }}
EOF
0 0
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