POJ2965 BFS(自己写队列)+状态压缩 OR 偶数格子的棋盘规律
来源:互联网 发布:ebrary电子书数据库 编辑:程序博客网 时间:2024/04/30 21:05
方法1(500多ms),BFS(自己写队列,不用STL,因为速度不够)+状态压缩
bfs+状态压缩:不能用STL的queue,要自己用数组写一个queue,其次作为记录路径的数组不能放在每一个struct中,这样每一次操作之前复制一遍当前的结构体在此基础上进行操作,不但耗费了很多时间而且相当于保存了每一种路径,这没有必要并且也浪费时空开销。而因为visted数组的存在,保证了每一种状态只出现一次,所以结构体中只存储上一个state,在外面开x和y的数组,存储每一个state的x和y即可。#include <iostream>//#include <queue>using namespace std;int flag;struct Boards{ int state;//等同于下标 int step; int father; //int pre_x[20]; //int pre_y[20];}board[65536];//下标就是状态int ini_state;int pre[65536];//根据fatherint pre_x[65536];int pre_y[65536];int every_state[16]={4383,8751,17487,34959,4593,8946,17652,35064,7953,12066,20292,36744,61713,61986,62532,63624};int visted[65536]={0};int q[65536];int head=0;int tail=0;//queue <struct Boards> q;void Bfs(){ board[ini_state].state=ini_state; board[ini_state].step=0; q[tail++]=ini_state; visted[board[ini_state].state]=1; while(true){ int cur_state; cur_state=q[head++]; for(int i=1;i<=4;i++){ for(int j=1;j<=4;j++){ //struct Boards next_board=board[cur_state];如果结构体内有数组,复制过来是比较慢的 struct Boards next_board; next_board.state=cur_state^every_state[(i-1)*4+j-1];//异或,不同为1,相同为0,模拟下子。 if(visted[next_board.state]==1) continue; next_board.step=board[cur_state].step+1; next_board.father=cur_state; pre_x[next_board.state]=i; pre_y[next_board.state]=j; board[next_board.state]=next_board;///next_board作为中介 q[tail++]=next_board.state; visted[next_board.state]=1; if(next_board.state==0){ cout<<next_board.step<<endl; int star=0; int star_state=next_board.state; while(star_state!=ini_state){ pre[star++]=star_state; star_state=board[star_state].father; } for(int l=star-1;l>=0;l--){ cout<<pre_x[pre[l]]<<" "<<pre_y[pre[l]]<<endl; //cout<<"state:"<<l<<"---"<<next_board.ope_x<<endl; } return ; } } } } return ;}int main(){ ///ini char piece; ini_state=0; for(int i=1;i<=4;i++){ for(int j=1;j<=4;j++){ cin>>piece; if(piece=='+'){ ini_state|=( 1<<( (i-1)*4+j-1) );// 按位或 |= (转换成二进制,同一位两个数都是0才是0,有一个为1则为1,最后结果再转换为十进制数)相当于 += } } } ///bfs Bfs(); return 0;}
计算every_state:
int Col(int i,int j){ int sum=0; for(int j2=1;j2<=4;j2++){ sum+=( (1<<( (i-1)*4+j2-1) ) ); } for(int i2=1;i2<=4;i2++){ sum+=( (1<<( (i2-1)*4+j-1) ) ); } sum-=( (1<<( (i-1)*4+j-1) ) ); return sum;}void Ini(){ for(int i=1;i<=4;i++){ for(int j=1;j<=4;j++){ every_state[(i-1)*4+j-1]=Col(i,j); } } return ;}
方法二(30多ms),本质是利用了在棋盘上,下两个点得到的最终结果与下这两个点的顺序无关。其次,在偶数棋盘下,每下一个子,假若在这个子的行、列上的其他点也都下一个子,最终抵消后得到的结果就是,只有这个点下了一个子。所以我们把所有‘+’的点以及这个点的行、列上的所有点下一次,那么必然得到全部为‘-’的棋盘。而重复下偶数次的地方是相当于下一次,重复下奇数次的地方相当于下一次。那么前后的思想就是,把所有步数下出来,然后去重。
#include <iostream>using namespace std;int mmat[5][5]={0};int x[20];int y[20];void Flip(int x,int y){ for(int i=1;i<=4;i++){ mmat[i][y]++; } for(int j=1;j<=4;j++){ mmat[x][j]++; } mmat[x][y]--;}int main(){ char check; int sum=0; //cout<<mmat[1][2]<<endl; for(int i=1;i<=4;i++){ for(int j=1;j<=4;j++){ cin>>check; if(check=='+'){ Flip(i,j); } } } for(int i=1;i<=4;i++){ for(int j=1;j<=4;j++){ mmat[i][j]%=2; if(mmat[i][j]){ sum+=mmat[i][j]; x[sum]=i; y[sum]=j; } } } cout<<sum<<endl; for(int i=1;i<=sum;i++){ cout<<x[i]<<" "<<y[i]<<endl; }}
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